§10.7 离散型随机变量及其分布列、数字特征
考试要求 1.理解取有限个值的离散型随机变量及其分布列的概念.2.理解并会求离散型随机变量的数字特征.
知识梳理
1.离散型随机变量
一般地,对于随机试验样本空间Ω中的每个样本点ω,都有唯一的实数X(ω)与之对应,我们称X为随机变量;可能取值为有限个或可以一一列举的随机变量称为离散型随机变量.
2.离散型随机变量的分布列
一般地,设离散型随机变量X的可能取值为x1,x2,…,xn,称X取每一个值xi的概率P(X=xi)=pi,i=1,2,…,n为X的概率分布列,简称分布列.
3.离散型随机变量的分布列的性质
①pi≥0(i=1,2,…,n);
②p1+p2+…+pn=1.
4.离散型随机变量的均值与方差
一般地,若离散型随机变量X的分布列为
(1)均值
则称E(X)=x1p1+x2p2+…+xnpn=eq \i\su(i=1,n,x)ipi为随机变量X的均值或数学期望,数学期望简称期望.它反映了离散型随机变量取值的平均水平.
(2)方差
称D(X)=(x1-E(X))2p1+(x2-E(X))2p2+…+(xn-E(X))2pn=eq \i\su(i=1,n, )(xi-E(X))2pi为随机变量X的方差,并称eq \r(DX)为随机变量X的标准差,记为σ(X),它们都可以度量随机变量取值与其均值的偏离程度.
5.均值与方差的性质
(1)E(aX+b)=aE(X)+b.
(2)D(aX+b)=a2D(X)(a,b为常数).
常用结论
均值与方差的四个常用性质
(1)E(k)=k,D(k)=0,其中k为常数.
(2)E(X1+X2)=E(X1)+E(X2).
(3)D(X)=E(X2)-(E(X))2.
(4)若X1,X2相互独立,则E(X1X2)=E(X1)·E(X2).
思考辨析
判断下列结论是否正确(请在括号中打“√”或“×”)
(1)抛掷一枚质地均匀的硬币,出现正面的次数是随机变量.( √ )
(2)在离散型随机变量的分布列中,随机变量取各个值的概率之和可以小于1.( × )
(3)离散型随机变量的各个可能值表示的事件是彼此互斥的.( √ )
(4)方差或标准差越小,则偏离均值的平均程度越小.( √ )
教材改编题
1.设随机变量X的分布列如下:
则p为( )
A.eq \f(1,6) B.eq \f(1,3) C.eq \f(1,4) D.eq \f(1,12)
答案 C
解析 由分布列的性质知,
eq \f(1,12)+eq \f(1,6)+eq \f(1,3)+eq \f(1,6)+p=1,
∴p=1-eq \f(3,4)=eq \f(1,4).
2.若随机变量X满足P(X=c)=1,其中c为常数,则D(X)的值为________.
答案 0
解析 因为P(X=c)=1,
所以E(X)=c×1=c,
所以D(X)=(c-c)2×1=0.
3.已知随机变量X的分布列如下:
若Y=2X+3,则E(Y)的值为________.
答案 eq \f(7,3)
解析 E(X)=-eq \f(1,2)+eq \f(1,6)=-eq \f(1,3),
则E(Y)=E(2X+3)=2E(X)+3=-eq \f(2,3)+3=eq \f(7,3).
题型一 分布列的性质
例1 (1)设X是一个离散型随机变量,其分布列为
则q等于( )
A.1 B.eq \f(\r(2),2)或-eq \f(\r(2),2)
C.1+eq \f(\r(2),2) D.eq \f(\r(2),2)
答案 D
解析 由离散型随机变量分布列的性质得
eq \b\lc\{\rc\ (\a\vs4\al\co1(\f(1,2)+1-q+q-q2=1,,0≤1-q≤\f(1,2),,0≤q-q2≤\f(1,2),))
解得q=eq \f(\r(2),2).
(2)(多选)设随机变量ξ的分布列为Peq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(ξ=\f(k,5)))=ak(k=1,2,3,4,5),则( )
A.a=eq \f(1,15)
B.Peq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(1,2)<ξ<\f(4,5)))=eq \f(1,5)
C.Peq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(1,10)<ξ<\f(1,2)))=eq \f(2,15)
D.P(ξ=1)=eq \f(3,10)
答案 AB
解析 对于选项A,
∵随机变量ξ的分布列为
Peq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(ξ=\f(k,5)))=ak(k=1,2,3,4,5),
∴Peq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(ξ=\f(1,5)))+Peq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(ξ=\f(2,5)))+Peq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(ξ=\f(3,5)))+Peq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(ξ=\f(4,5)))+P(ξ=1)
=a+2a+3a+4a+5a=15a=1,
解得a=eq \f(1,15),故A正确;
对于B,易知
Peq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(1,2)<ξ<\f(4,5)))=Peq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(ξ=\f(3,5)))=3×eq \f(1,15)=eq \f(1,5),
故B正确;
对于C,易知
Peq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(1,10)<ξ<\f(1,2)))=Peq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(ξ=\f(1,5)))+Peq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(ξ=\f(2,5)))
=eq \f(1,15)+2×eq \f(1,15)=eq \f(1,5),
故C错误;
对于D,易知P(ξ=1)=5×eq \f(1,15)=eq \f(1,3),故D错误.
教师备选
1.设X是一个离散型随机变量,其分布列为
则常数a的值为( )
A.eq \f(1,3) B.eq \f(2,3)
C.eq \f(1,3)或eq \f(2,3) D.-eq \f(1,3)或-eq \f(2,3)
答案 A
解析 由分布列的性质可知eq \b\lc\{\rc\ (\a\vs4\al\co1(0≤9a2-a≤1,,0≤3-8a≤1,,9a2-a+3-8a=1,))解得a=eq \f(1,3).
2.离散型随机变量X的概率分布列为P(X=n)=eq \f(a,nn+1)(n=1,2,3,4),其中a是常数,则Peq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(1,2)
E(Y),
所以为使累计得分的均值最大,小明应选择先进行定点投篮考核.
思维升华 随机变量的均值和方差从整体和全局上刻画了随机变量,是生产实际中用于方案取舍的重要理论依据.一般先比较均值,若均值相同,再用方差来决定.
跟踪训练3 (2021·北京)为加快新冠肺炎检测效率,某检测机构采取“k合1检测法”,即将k个人的拭子样本合并检测,若为阴性,则可以确定所有样本都是阴性的;若为阳性,则还需要对本组的每个人再做检测.现有100人,已知其中2人感染病毒.
(1)①若采用“10合1检测法”,且两名患者在同一组,求总检测次数;
②已知10人分成一组,分10组,两名感染患者在同一组的概率为eq \f(1,11),定义随机变量X为总检测次数,求检测次数X的分布列和均值E(X);
(2)若采用“5合1检测法”,检测次数Y的均值为E(Y),试比较E(X)和E(Y)的大小(直接写出结果).
解 (1)①对每组进行检测,需要10次;再对结果为阳性的一组每个人进行检测,需要10次,
所以总检测次数为20.
②由题意,X可以取20,30,
P(X=20)=eq \f(1,11),P(X=30)=1-eq \f(1,11)=eq \f(10,11),
则X的分布列为
所以E(X)=20×eq \f(1,11)+30×eq \f(10,11)=eq \f(320,11).
(2)由题意,Y可以取25,30,
两名感染者在同一组的概率为P1=eq \f(C\o\al(1,20)C\o\al(2,2)C\o\al(3,98),C\o\al(5,100))=eq \f(4,99),不在同一组的概率为P1=eq \f(95,99),
则E(Y)=25×eq \f(4,99)+30×eq \f(95,99)=eq \f(2 950,99)>E(X).
课时精练
1.一串钥匙有6枚,只有一枚能打开锁,依次试验,打不开的扔掉,直到找到能开锁的钥匙为止,则试验次数X的最大可能取值为( )
A.6 B.5 C.4 D.2
答案 B
解析 由于是逐次试验,可能最后一枚钥匙才能打开锁,即前5次都打不开锁,所以试验次数X的最大可能取值为5.
2.若随机变量X的分布列为
则X的均值E(X)等于( )
A.2a+b B.a+2b C.2 D.3
答案 C
解析 E(X)=1×a+2×b+3×a=2(2a+b),由分布列的性质可知2a+b=1,所以E(X)=2.
3.已知随机变量X的分布列是
则E(2X+a)等于( )
A.eq \f(5,3) B.eq \f(7,3) C.eq \f(7,2) D.eq \f(23,6)
答案 C
解析 由分布列的性质可得eq \f(1,2)+eq \f(1,3)+a=1,
解得a=eq \f(1,6),
所以E(X)=1×eq \f(1,2)+2×eq \f(1,3)+3×eq \f(1,6)=eq \f(5,3),
因此E(2X+a)=Eeq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(2X+\f(1,6)))=2E(X)+eq \f(1,6)=2×eq \f(5,3)+eq \f(1,6)=eq \f(7,2).
4.(2022·南平模拟)某企业计划加大技改力度,需更换一台设备,现有两种品牌的设备可供选择,A品牌设备需投入60万元,B品牌设备需投入90万元,企业对两种品牌设备的使用年限情况进行了抽样调查:
更换设备技改后,每年估计可增加效益100万元,从年均收益的角度分析( )
A.不更换设备
B.更换为A设备
C.更换为B设备
D.更换为A或B设备均可
答案 C
解析 设更换为A品牌设备使用年限为X,
则E(X)=2×0.4+3×0.3+4×0.2+5×0.1=3,更换为A品牌设备年均收益为3×100-60=240(万元);
设更换为B品牌设备使用年限为Y,
则E(Y)=2×0.1+3×0.3+4×0.4+5×0.2=3.7,更换为B品牌设备年均收益为3.7×100-90=280(万元).280>240,所以更换为B品牌设备.
5.(多选)(2022·烟台模拟)中华人民共和国第十四届运动会于2021年9月在陕西省举办.为了组建一支朝气蓬勃、训练有素的赛会志愿者队伍,向全国人民奉献一场精彩圆满的体育盛会,第十四届全国运动会组织委员会欲从4名男志愿者,3名女志愿者中随机抽取3人聘为志愿者队的队长.下列说法正确的有( )
A.设事件A:“抽取的三人中既有男志愿者,也有女志愿者”,则P(A)=eq \f(6,7)
B.设事件A:“抽取的3人中至少有一名男志愿者”,事件B:“抽取的3人中全是男志愿者”,则P(B|A)=eq \f(2,17)
C.用X表示抽取的三人中女志愿者的人数,则E(X)=eq \f(12,7)
D.用Y表示抽取的三人中男志愿者的人数,则D(Y)=eq \f(24,49)
答案 ABD
解析 对于A,所有可能的情况有Ceq \o\al(3,7)=35(种),其中既有男志愿者,也有女志愿者的情况有Ceq \o\al(1,4)Ceq \o\al(2,3)+Ceq \o\al(2,4)Ceq \o\al(1,3)=30(种),
故P(A)=eq \f(30,35)=eq \f(6,7),故A正确;
对于B,P(AB)=eq \f(C\o\al(3,4),C\o\al(3,7))=eq \f(4,35),
P(A)=eq \f(C\o\al(1,4)C\o\al(2,3)+C\o\al(2,4)C\o\al(1,3)+C\o\al(3,4),C\o\al(3,7))=eq \f(34,35),
所以P(B|A)=eq \f(PAB,PA)=eq \f(4,34)=eq \f(2,17),
故B正确;
对于C,X的所有可能取值为0,1,2,3,
则P(X=0)=eq \f(C\o\al(3,4),C\o\al(3,7))=eq \f(4,35),
P(X=1)=eq \f(C\o\al(1,3)C\o\al(2,4),C\o\al(3,7))=eq \f(18,35),
P(X=2)=eq \f(C\o\al(2,3)C\o\al(1,4),C\o\al(3,7))=eq \f(12,35),
P(X=3)=eq \f(C\o\al(3,3),C\o\al(3,7))=eq \f(1,35),
所以E(X)=0×eq \f(4,35)+1×eq \f(18,35)+2×eq \f(12,35)+3×eq \f(1,35)=eq \f(9,7),故C错误;
对于D,Y的所有可能取值为0,1,2,3,
则P(Y=0)=eq \f(C\o\al(3,3),C\o\al(3,7))=eq \f(1,35),
P(Y=1)=eq \f(C\o\al(2,3)C\o\al(1,4),C\o\al(3,7))=eq \f(12,35),
P(Y=2)=eq \f(C\o\al(1,3)C\o\al(2,4),C\o\al(3,7))=eq \f(18,35),
P(Y=3)=eq \f(C\o\al(3,4),C\o\al(3,7))=eq \f(4,35),
则E(Y2)=0×eq \f(1,35)+1×eq \f(12,35)+4×eq \f(18,35)+9×eq \f(4,35)=eq \f(24,7),
E(Y)=0×eq \f(1,35)+1×eq \f(12,35)+2×eq \f(18,35)+3×eq \f(4,35)=eq \f(12,7),
则D(Y)=E(Y2)-(E(Y))2=eq \f(24,7)-eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(12,7)))2=eq \f(24,49),
故D正确.
6.(多选)(2022·永州模拟)已知eq \f(1,4)eq \f(1,4),A错误;
因为eq \f(1,4)