浙科版高中生物必修2遗传与进化第一章遗传的基本规律章末检测含答案

第一章　章末检测

(时间:60分钟　分值:100分)

一、选择题(本大题共20小题,每小题3分,共60分。每小题列出的四个备选项中,只有一个是符合题目要求的,不选、多选、错选均不

得分)

1.下列各项中,属于相对性状的是(　A　)

A.金鱼草的白花与红花 B.豌豆的圆粒和绿粒

C.菠菜的黄花与绿叶 D.马的长毛与牛的短毛

解析:金鱼草的白花与红花是同种生物相同性状的不同表现形式,属于相对性状;圆粒和绿粒是两种性状;黄花与绿叶是两种性状;马和牛不是同一物种。

2.豌豆的一对相对性状的杂交实验中,F1测交后代性状分离比1∶1反映的是(　C　)

A.F1的基因型比例

B.F1的表型比例

C.F1产生的两种基因型的配子比例

D.F1产生的雌配子与雄配子的比例

解析:F1测交后代性状分离比1∶1反映的是F1产生的两种基因型的配子比例。

3.下列关于孟德尔的豌豆杂交实验的叙述,正确的是(　B　)

A.豌豆的灰色种皮与绿色子叶是一对相对性状

B.孟德尔验证他的杂交实验假说采用的是测交法

C.在该实验中,需在母本的花成熟时对其去雄后套袋

D.孟德尔对分离现象的解释的实质是雌雄配子在受精时是随机结

合的

解析:相对性状是指同种生物的相同性状的不同表现形式,豌豆的灰色种皮与绿色子叶是同一物种的不同性状,所以不是相对性状;孟德尔在豌豆遗传实验中,发现问题、提出假说所采用的实验方法为自交和杂交,而孟德尔验证他的杂交实验假说采用的是测交法;豌豆为自花、闭花授粉植物,所以杂交时,需在母本的花未成熟时(花蕾期)对其去雄后套袋;孟德尔对分离现象解释的实质是生物体在形成生殖细胞(即配子)时,成对的遗传因子彼此分离,分别进入不同的配子中。

4.家兔的黑毛对褐毛为显性,要判断一只黑毛兔是否是纯合子,选用的交配方式及与它交配的兔子分别为(　C　)

A.自交、纯种黑毛兔 B.测交、杂种黑毛兔

C.测交、褐毛兔     D.自交、长毛兔

解析:假设该性状由一对等位基因A、a控制,根据题意分析可知,由于家兔毛色黑对褐是显性,黑毛兔的基因型可以是AA,也可以是Aa,所以要判断一只黑毛兔是否是纯合子,最好用测交法即选用隐性个体褐毛兔与它交配。如果后代出现褐毛兔,则黑毛兔为杂合体;如果后代都是黑毛兔,则亲本黑毛兔很可能是纯合子。

5.玉米属于雌雄同株异花植物,隐性突变b基因纯合使植株不出现雌穗而变成雄株,隐性突变t基因纯合会使原来产生花粉的雄穗变成雌穗而转变成雌株。若要后代只获得雄株和雌株,则最佳的杂交组合是(　A　)

A.bbTt()×bbtt(♀) B.BbTt()×bbtt(♀)

C.BbTt()×BBtt(♀) D.bbTt()×BBtt(♀)

解析:根据题意分析可知,由于隐性突变b基因纯合使植株不出现雌穗而变成雄株,隐性突变t基因纯合会使原来产生花粉的雄穗变成雌穗而转变成雌株,所以B　T　为正常株、　 　tt为雌株、bbT　为雄株。bbTt()×bbtt(♀)的后代基因型有bbTt和bbtt,分别为雄株和雌株;BbTt()×bbtt(♀)的后代基因型有BbTt、Bbtt、bbTt和bbtt,分别为雌雄同株、雌株、雄株和雌株;BbTt()×BBtt(♀)的后代基因型有BBTt、BBtt、BbTt和Bbtt,分别为雌雄同株、雌株、雌雄同株和雌株;bbTt()×BBtt(♀)的后代基因型有BbTt和Bbtt,分别为雌雄同株和雌株。 

6.人群的ABO血型是由三个基因IA、IB和i控制的。下面有关人类ABO血型及其遗传的叙述,正确的是(　B　)

A.ABO血型的遗传不遵循分离定律

B.人类ABO血型群体共有六种基因型

C.IA对IB表现为不完全显性

D.O型血人群中男性的概率多于女性

解析:IA、IB和i互为等位基因,该复等位基因位于一对同源染色体上,因此ABO血型遗传符合基因分离定律;人类的ABO血型的基因型有IAIA、IAi、IBIB、IBi、IAIB以及ii共六种;IA和IB为共显性关系;由于该复等位基因位于常染色体上,理论上O型血在男性与女性中概率相等。

7.某植物所结籽粒由多对基因控制,其中三对自由组合的基因(A、a,B、b,C、c)为色泽基因,只有三对基因都含有显性基因时才表现出有色,其他情况为无色。下列说法不正确的是(　B　)

A.同时考虑三对基因,无色纯合子的基因型有7种

B.某无色植株自交,后代种子不一定是无色

C.纯种有色植株与纯种无色植株杂交,后代种子一定是有色

D.有色植株自交,后代种子可能为有色∶无色=9∶7

解析:同时考虑三对基因,无色纯合子的基因型有aaBBCC、aabbCC、aabbcc、AABBcc、AAbbcc、aaBBcc、AAbbCC共7种;A　B　C　表现为有色,其他基因型表现为无色,所以无色植株自交,后代一定不会出现每对基因中均有显性基因的个体,所以后代种子一定是无色;纯种有色植株(AABBCC)与纯种无色植株(aaBBCC、aabbCC、aabbcc、AABBcc、AAbbcc、aaBBcc、AAbbCC)杂交,后代种子的基因型为A　B　C　,一定是有色;有色植株自交(如AaBbCC),后代种子有色∶无色=(3/4×

3/4)∶(1-3/4×3/4)=9∶7。 

8.用两个圆形南瓜做杂交实验,F1均为扁盘状南瓜,F1自交,F2出现扁盘状、圆形和长形三种南瓜,三者的比例为9∶6∶1。根据上述信息,分析下列判断中正确的是(　D　)

A.杂交实验中亲代的两个圆形南瓜不一定是纯合子

B.亲代杂交得到的F1的扁盘状南瓜不一定是杂合子

C.F2的长形南瓜不一定是纯合子

D.用扁盘状南瓜做测交实验子代性状不一定为1∶2∶1

解析:根据题意可知,南瓜形状受两对独立遗传的等位基因(假设等位基因为A和a、B和b)控制,其遗传符合自由组合定律,杂交实验中亲代的两个圆形南瓜一定是纯合子,是AAbb×aaBB;亲代杂交得到的子一代的扁盘状南瓜一定是杂合子AaBb;F2的长形南瓜一定是纯合子aabb;扁盘状南瓜的基因型为AABB、AaBB、AABb、AaBb,对一扁盘状南瓜做测交,有以下几种测交组合:①AABB×aabb,子代都为AaBb(扁盘状),所以扁盘状∶圆形∶长形=1∶0∶0;②AaBB×aabb,子代为1AaBb(扁盘状)∶1aaBb(圆形),所以扁盘状∶圆形∶长形=1∶1∶0;③AABb×aabb,子代为1AaBb(扁盘状)∶1Aabb(圆形),所以扁盘状∶圆形∶长形=1∶1∶0;④AaBb×aabb,子代为1AaBb(扁盘状)∶1Aabb(圆形)∶1aaBb(圆形)∶1aabb(长形),所以扁盘状∶圆形∶长形=1∶2∶1。所以,用扁盘状南瓜做测交实验子代性状不一定为1∶

2∶1。

9.在一个全为紫花的豌豆群体中,AA与Aa的比为 1∶2,则让其自然生长,F1中紫花∶白花的比例为(　A　)

A.5∶1 B.8∶1 C.7∶2 D.5∶4

解析:由题意知,在一个全为紫花的豌豆群体中,AA与Aa的比为1∶2,在自然环境中,豌豆是一种严格的自花授粉植物,因此自然生长即自交后代中紫花(A　)∶白花(aa)的概率为(1/3AA+2/3×3/4A　)∶(2/3×1/4aa)=5∶1。 

10.在某种牛中,基因型为AA的个体的体色是红褐色,aa是红色。基因型为Aa的个体中公牛是红褐色的,而母牛是红色的。一头红褐色母牛生了一头红色小牛,这头小牛的性别及基因型为(　C　)

A.雄性或雌性,aa B.雄性,Aa

C.雌性,Aa        D.雄性,aa或Aa

解析:据题意,亲本红褐色母牛的基因型一定是AA,它所生小牛的基因型为A　,若该小牛为公牛,则一定是红褐色的,与实际表型不符,故该小牛为母牛,基因型为Aa。 

11.孟德尔的豌豆杂交实验中,将纯种的黄色圆粒豌豆(YYRR)与纯种的绿色皱粒(yyrr)豌豆杂交。F2种子为560粒,从理论上推测,F2种子中基因型与其个体数基本相符的是(　D　)

解析:在F2种子中基因型YyRR占2/16,个体数为 560×2/16=70(粒);在F2种子中基因型yyrr占1/16,个体数为560×1/16=35(粒);在F2种子中基因型YyRr占4/16,个体数为560×4/16=140(粒);F2种子中基因型yyRr占2/16,个体数为560×2/16=70(粒)。

12.下列关于“模拟孟德尔一对相对性状杂交实验”活动的叙述,错误的是(　A　)

A.“雌”“雄”信封中卡片数量相同,表示产生的雌、雄配子数量

相等

B.准备实验材料时,需要2个信封和代表不同基因的2种卡片

C.要模拟一对等位基因的分离,选择其中一个信封进行操作即可

D.模拟受精作用时,需将随机抽出的2张卡片组合记录后再放回

解析:雌、雄个体产生的配子数量不相等;准备实验材料时,需要2个信封和代表不同等位基因的2种卡片;要模拟一对等位基因的分离,选择其中一个信封进行操作即可;模拟受精作用时,需将随机抽出的2张卡片组合记录后再放回。

13.金鱼身体的透明程度受到一对等位基因控制,不透明金鱼与透明金鱼杂交,F1都是身体半透明金鱼,F1随机交配,F2中不透明金鱼∶半透明金鱼∶透明金鱼=1∶2∶1。下列叙述正确的是(　D　)

A.金鱼的身体透明程度这一性状中,不透明对透明为完全显性

B.F1中出现半透明金鱼这一现象称为性状分离

C.F2中半透明金鱼互相交配,其子代中雄性不透明金鱼所占比例为3/4

D.F2中半透明金鱼与透明金鱼交配,其子代不同基因型的比例与表型的比例相同

解析:金鱼的身体透明程度这一性状中,不透明对透明为不完全显性;性状分离是指在杂交后代中,同时出现显性性状和隐性性状的现象,不透明金鱼与透明金鱼杂交,F1中出现半透明金鱼这一现象不是性状分离;F2中半透明金鱼为杂合子,它们互相交配,其子代中雄性不透明金鱼所占比例为1/4×1/2=1/8;F2中半透明金鱼为杂合子,与透明金鱼(纯合子)交配,其子代不同基因型的比例为1∶1,不同表型的比例也是1∶1。

14.植物X为闭花授粉植物,基因型为aa的个体没有生殖能力,但能够正常生长。若该种群亲代(P)植株的基因型都为Aa,那么在F2所形成的种群中,aa基因型个体所占的比例约为(　D　)

A.1/ 34 B.1/ 32

C.1/ 18 D.1/ 6

解析:基因型为Aa的植株自交,子一代为1/4AA、1/2Aa、1/4aa,由于基因型为aa的个体没有生殖能力,所以子一代中可育个体为1/3AA和2/3Aa。子一代自交,子二代为1/3AA+2/3×(1/4AA、1/2Aa、1/4aa),所以F2中的基因型aa的个体占2/3×1/4=1/6。

15.某单子叶植物的非糯性(A)对糯性(a)为显性,抗病(T)对染病(t)为显性,花粉粒长形(D)对圆形(d)为显性,三对等位基因独立遗传,非糯性花粉遇碘液变蓝色,糯性花粉遇碘液变棕色。现有四种纯合子基因型分别为①AATTdd、②AAttDD、③AAttdd、④aattdd。则下列说法正确的是(　C　)

A.若采用花粉鉴定法验证基因的分离定律,应该用①和③杂交所得F1的花粉

B.若采用花粉鉴定法验证基因的自由组合定律,可以观察①和②杂交所得F1的花粉

C.若培育糯性抗病优良品种,应选用①和④亲本杂交

D.将②和④杂交后所得的F1的花粉涂在载玻片上,加碘液染色后,均为蓝色

解析:采用花粉鉴定法验证遗传的基本规律,必须是经处理或直接可以在显微镜下表现出来的性状,即非糯性(A)和糯性(a),花粉粒长形(D)和圆形(d)。①和③杂交所得F1的花粉只有抗病(T)和染病(t)不同,显微镜下观察不到;若采用花粉鉴定法验证基因的自由组合定律,则应该选择②④组合,观察F1的花粉;将②和④杂交后所得的F1(Aa)的花粉涂在载玻片上,加碘液染色后,一半花粉为蓝色,一半花粉为棕色。

16.某植物花瓣的大小受一对等位基因 A、a 控制,基因型为 AA 的植株表现为大花瓣,Aa 的植株表现为小花瓣,aa 的植株表现为无花瓣。花瓣颜色受另一对等位基因 R、r 控制,基因型为 RR 和 Rr 的花瓣是红色,rr 的为黄色,两对基因独立遗传。若基因型为 AaRr 的亲本自交,则下列有关判断错误的是(　B　)

A.子代共有 9 种基因型

B.子代共有 6 种表型

C.子代有花瓣植株中,AaRr 所占的比例为1/3

D.子代的所有植株中,纯合子占1/4

解析:AaRr自交,根据基因自由组合定律,子代共有3×3=9(种)基因型;分别对每对等位基因进行分析,Aa自交子代表型有3种,Rr自交子代表型有2种,但由于aa表现无花瓣,即aaR　与aarr的表型相同,因此表型共5种;子代有花瓣植株所占的比例为3/4,AaRr所占的比例1/2×1/2= 1/4,因此子代有花瓣植株中,AaRr所占的比例为1/3;子代的所有植株中,纯合子占4/16=1/4。 

17.某植株从环境中吸收前体物质经一系列代谢过程合成紫色素,此过程由A、a和B、b两对等位基因共同控制(如图所示,两对等位基因独立遗传)。其中具有紫色素的植株开紫花,不能合成紫色素的植株开白花。据图所作的推测不正确的是(　B　)

A.只有基因A和基因B同时存在,该植株才能表现紫花性状

B.基因型为Aabb的植株自交后代必定发生性状分离

C.AaBb×aabb的子代中,紫花植株与白花植株的比例为1∶3

D.基因型为aaBb的植株不能利用前体物质合成中间物质,所以不能产生紫色素

解析:由题图可知,只有基因A和基因B同时存在,该植株才能合成紫色素,才会表现紫花性状;基因型为Aabb的植株自交后代有3种基因型(AAbb、Aabb、aabb)均表现为白花,不会发生性状分离;AaBb×

aabb→AaBb(紫花)∶Aabb(白花)∶aaBb(白花)∶aabb(白花)=1∶1∶1∶1,可见后代紫花植株与白花植株的比例为1∶3;基因型为aaBb的植株不能合成酶A,即不能利用前体物质合成中间物质,所以不能产生紫色素。

18.番茄的花色和叶的宽窄分别由两对等位基因控制,且两对基因中某一对基因纯合时会使受精卵致死。现用红色窄叶植株自交,子代的表型及其比例为红色窄叶∶红色宽叶∶白色窄叶∶白色宽叶=6∶2∶3∶1。下列有关表述正确的是(　D　)

A.这两对基因不遵循自由组合定律

B.这两对相对性状显性性状分别是红色和宽叶

C.控制花色的基因具有隐性纯合致死效应

D.自交后代中纯合子所占比例为1/ 6

解析:由题干知番茄的花色和叶的宽窄分别由两对等位基因控制,且两对基因中某一对基因纯合时会使受精卵致死。红色窄叶植株自交子代的表型及其比例为红色窄叶∶红色宽叶∶白色窄叶∶白色宽叶=6∶2∶3∶1,这是9∶3∶3∶1的特殊情况,它们的遗传遵循基因自由组合定律;红色窄叶植株自交,后代出现了白色宽叶,可判断红色对白色为显性,窄叶对宽叶为显性;设红色基因为A、窄叶基因为B,则亲本红色窄叶植株的基因型为AaBb。分析子代中红色∶白色=(6+2)∶(3+1)=2∶1,窄叶∶宽叶=(6+3)∶(2+1)=3∶1,说明AA致死,即控制花色的基因具有显性纯合致死效应;由于AA纯合致死,所以AaBb自交后代中纯合子只有aaBB和aabb,所占比例为1/12+1/12=1/6。

19.一杂合子(Dd)植株自交时,含有隐性基因的花粉有50%的死亡率,则自交后代的基因型比例是(　B　)

A.1∶1∶1 B.2∶3∶1

C.4∶4∶1 D.1∶2∶1

解析:正常情况下,Dd的植株产生的雌雄配子均为1/2 D和1/2 d。根据题意,Dd植株中产生雄配子中含d有50%的致死,说明雄配子为1/2(D)∶1/2×1/2(d)=2∶1,也就是雄配子为2/3D和1/3d,Dd的植株产生的雌配子为1/2D和1/2d,所以后代各种基因型的频率为DD∶Dd∶dd=2∶3∶1。

20.油菜为两性花,其雄性不育(不能产生可育的花粉)性状受两对独立遗传的等位基因控制,其中M基因控制雄性可育,m基因控制雄性不育,r基因会抑制m基因的表达(表现为可育)。下列判断正确的是(　A　)

A.基因型为Mmrr的植株自交子代均表现为雄性可育

B.基因型为mmRr的植株的自交后代中雄性可育∶雄性不育=1∶3

C.存在两株雄性可育植株进行杂交,后代均为雄性不育植株的情况

D.用基因型为mmRR的植株作为母本进行杂交实验前要进行去雄处理

解析:基因型为Mmrr的植株自交,子代为M　rr和mmrr,均表现为雄性可育;基因型为mmRr的植株为雄性不育,所以不能自交;雄性可育植株的基因型为 M　 　 　、mmrr,两株雄性可育植株进行杂交,子代不可能均为雄性不育(mmR　);基因型为mmRR的植株为雄性不育,所以作为母本进行杂交前,不需要做去雄处理。 

二、非选择题(本大题共4小题,共40分)

21.(10分)牛的毛色有黑色和棕色,如果两头黑牛交配,产生了一头棕色子牛。请回答下列问题。

(1)黑色和棕色这两种毛色中显性性状是　　　　　　　。 

(2)两头黑牛交配,后代产生了棕色子牛,这种现象在遗传学上称为　　　　　　;若用B与b表示牛的毛色的显性基因与隐性基因,写出上述子代棕牛的基因型　　　　　　。 

(3)若子代中黑牛与一棕色牛交配,预计它们生一头棕色牛的概率为　　　　　　。 

(4)上述两头亲本黑牛再生一子牛是黑色牛的可能性　　　　　　。若上述两头亲本黑牛产生了一头黑色子牛,该子牛为纯合子的可能性是　　　　　　,要判断这头黑色子牛是纯合子还是杂合子,选用与其交配的牛最好是　　　　　　。 

(5)若用B与b表示牛的毛色的显性基因与隐性基因,若用X雄牛与多头杂种雌牛相交配,共产生20头子牛,若子牛全为黑色,则X雄牛的基因型最可能是　　　　　;如果子牛中10头黑色、10头棕色,则X雄牛的基因型最可能是　　　　;若子牛中15头黑色、6头棕色,则X雄牛的基因型最可能是　　　　。 

解析:(1)两头黑牛交配,产生了一头棕色子牛,根据“无中生有为隐性”可推断,黑色相对于棕色为显性。 (2)在杂种后代中,同时出现显性和隐性性状的现象称为性状分离,因此题中两头黑牛交配,产生了棕色子牛,这种现象在遗传学上称为性状分离,若用B/b表示牛的毛色的显性基因与隐性基因,则两头黑牛的基因型都是Bb,产生的棕色子牛基因型为bb。 (3)亲代两头黑牛的基因型都是Bb,它们交配产生的后代中BB(黑色)∶Bb(黑色)∶bb(棕色)=1∶2∶1,若F1中黑牛与一头棕色牛(bb)交配,预计它们生一头棕色牛的概率为2/3×1/2=1/3。 (4)亲代两头黑牛的基因型都是Bb,它们交配产生的后代中BB(黑色)∶Bb(黑色)∶bb(棕色)=1∶2∶1,由此可见,这两头亲本黑牛交配再产生一头黑色子牛的可能性是3/4,产生一头棕色子牛的可能性是1/4。若题述两头亲本黑牛产生了一头黑色子牛,该子牛为纯合子的可能性是1/3,要判断这头黑色子牛是纯合子还是杂合子,则一般采用测交来完成,测交是指让该个体与隐性个体进行杂交,即需要选用异性的棕色牛进行交配。 (5)雄牛X与多头杂种雌牛(Bb)相交配,产生的20头子牛,若全为黑色,则说明雄牛X很可能是显性纯合子,其基因型最可能是BB;如果子牛中10头黑色,10头棕色,即黑色∶棕色=1∶1,显然X雄牛的基因型最可能是bb;若子牛中15头为黑色,6头为棕色(bb),即黑色∶棕色≈3∶1,则X雄牛的基因型最可能是Bb。

答案:(每空1分)

(1)黑色　(2)性状分离　bb　(3)1/3  (4)3/4　1/3　棕色牛　(5)BB　bb　Bb　

22.(12分)某闭花授粉植物的花色、茎秆颜色分别由A、a和B、b两对等位基因控制,现有一株粉色花绿茎植株同时进行杂交(甲组)和自交(乙组)实验,结果如表。

回答下列问题。

(1)甲组中授以白花紫茎花粉前需要对亲本粉花绿茎植株　　　　　　　处理。该花色性状的显性现象表现形式是　　　　　　。 

(2)乙组中F1的粉花绿茎植株自然生长,其子代表型及其比例为   

                                                       　,

其中纯合子占　　　　。 

(3)研究发现,在干旱条件下含a的花粉无法正常授粉,若乙组在较干旱条件下实验,则F1的表型及其比例为　            。 

(4)若用甲组得到F1中的粉花紫茎和白花绿茎杂交,产生F2。用遗传图解预测产生F2过程。(要求写出配子)

解析:(1)人工授粉进行杂交之前,要对母本进行去雄、套袋处理,防止自花传粉。对于花色来说,红色对白色是不完全显性。

(2)由题可知,乙组亲本基因型是AaBb,子一代粉花绿茎的基因型是AaBB∶AaBb=1∶2,由于是闭花授粉,因此自然状态下属于自交,Aa自交后代AA∶Aa∶aa=1∶2∶1,B　自交后代B　∶bb=5∶1,因此考虑两对相对性状,自交后代的表型比例是红花绿茎∶粉花绿茎∶白花绿茎∶红花紫茎∶粉花紫茎∶白花紫茎=(1∶2∶1)(5∶1)=5∶10∶5∶1∶2∶1;纯合子是1/2(1/3+2/3×1/2)=1/3。 

(3)乙组亲代基因型是AaBb,如果干旱条件下含a的花粉无法正常授粉,能授粉的雄配子的基因型及比例是AB∶Ab=1∶1,因此子一代基因型及比例是AAB　∶AaB　∶AAbb∶Aabb=3∶3∶1∶1,分别表现为红花绿茎、粉花绿茎、红花紫茎、粉花紫茎。 

(4)甲组得到F1中的粉花紫茎和白花绿茎的基因型分别是Aabb、aaBb,二者杂交后代的基因型及比例是1AaBb、1Aabb、1aaBb、1aabb,分别表现为粉花绿茎、粉花紫茎、白花绿茎、白花紫茎,杂交遗传图解见答案。

答案:(每空2分)

(1)去雄和套袋　不完全显性

(2)红花绿茎∶粉花绿茎∶白花绿茎∶红花紫茎∶粉花紫茎∶白花紫茎=5∶10∶5∶1∶2∶1　1/ 3

(3)红花绿茎∶粉花绿茎∶红花紫茎∶粉花紫茎=3∶3∶1∶1

(4)

23.(9分)某雌雄同株异花传粉植物,抗除草剂与不抗除草剂受两对独立遗传的基因控制,相关基因为A、a和B、b,且A对a,B对b为完全显性,只要存在一种显性基因就表现出抗除草剂性状。基因A使雄配子生物育性降低50%,其他配子育性正常。基因B存在显性纯合致死现象。请回答下列问题。

(1)A与a互为　　　(填“等位”“非等位”或“相同”)基因的关系,该种植物抗除草剂与不抗除草剂的遗传遵循　　　　　　定律,植株中共有　　　　种基因型。 

(2)某植物(AaBb)产生的花粉AB∶Ab∶aB∶ab=　　　　　　　。 

(3)若♀甲(Aabb)×乙(aaBb)进行杂交,子代抗除草剂植株中含有两种除草剂基因的个体所占比例是　　　　,用这些含两种抗除草剂基因的植株杂交,子代中不抗除草剂植株所占比例是　　　　。 

(4)若其他配子育性正常,用基因型不同的两亲本进行一次杂交实验,可验证基因A使雄配子可育性降低了50%。请设计一个最佳杂交方案验证,并用遗传图解表示。

解析:(1)A与a互为等位基因,抗除草剂与不抗除草剂受两对独立遗传的基因控制,两对等位基因遵循基因的自由组合定律。分析题意可知,“只要存在一种显性基因就表现出抗除草剂性状”,并且“基因B存在显性纯合致死现象”,因此抗除草剂植株的基因型有AABb、AaBb、AAbb、Aabb、aaBb,不抗除草剂植株的基因型只有aabb,植株中共有6种基因型。

(2)由题意可知,基因A使雄配子生物育性降低50%,故AaBb产生的花粉AB∶Ab∶aB∶ab=1∶1∶2∶2。

(3)♀甲(Aabb)×乙(aaBb)进行杂交,正常情况下,产生的后代的基因型及比例为AaBb∶Aabb∶aaBb∶aabb=1∶1∶1∶1,子代中表现为抗除草剂植株所占比例为3/4,在抗除草剂植株中含有两种除草剂基因的个体所占比例是1/3,这些含两种抗除草剂基因的植株杂交,由于雄配子的种类和比例为AB∶Ab∶aB∶ab=1∶1∶2∶2,并且子代中BB基因纯合致死,因此利用棋盘格法可以获得子代中抗除草剂植株所占的比例是8/9,不抗除草剂植株所占比例是1/9。

(4)若利用基因型不同的两亲本进行一次杂交,验证基因A使雄配子可育性降低了50%,其他配子育性正常,一般用测交的实验方法,可选择的亲本基因型的最佳组合是母本为aabb,父本为Aabb,由于母本只能产生ab一种卵细胞,而父本产生的精子为Ab、ab,比例为1∶2,因此预期子代的表型及比例为抗除草剂植株∶不抗除草剂植株=1∶2,遗传图解见答案。

答案:(除标注外,每空1分)

(1)等位　自由组合　6

(2)1∶1∶2∶2

(3)1/ 3　1/ 9

(4)

(3分)

24.(9分)人类有多种血型系统。ABO血型系统是由复等位基因IA、IB和i决定的,IA可控制合成A抗原,IB可控制合成B抗原,ABO血型抗原抗体系统如表。Rh血型系统是由等位基因R与r决定的,表型有Rh阳性(显性性状)和Rh阴性(隐性性状)。控制ABO血型和Rh血型的基因独立遗传。

ABO血型抗原抗体系统

注:红细胞凝集的实质是红细胞膜上的抗原和血清中相应的抗体发生反应,例如A抗原能与抗A抗体发生反应。

现有一对夫妇,妻子是Rh阴性A型血,丈夫是Rh阳性血。丈夫的母亲为Rh阴性O血型。若只考虑ABO血型系统,该对夫妇及其儿子的血型各不相同,妻子的红细胞能被丈夫和儿子的血清凝集。

回答下列问题。

(1)若只考虑ABO血型系统,AB型的基因型为　　　　　　。该对夫妻中丈夫的基因型为　　　　　　,儿子的基因型为　　　　　　。

(2)Rh阴性血型的女性生育过Rh阳性血型孩子后,体内会产生抗Rh阳性的抗体,再怀Rh阳性胎儿时会使胎儿发生溶血。若只考虑Rh血型系统,该对夫妻生育的第二胎发生溶血的概率为　　　　　　。 

(3)若同时考虑两种血型系统,则该对夫妻生出Rh阴性AB型孩子的概率为　　　　　　。 

(4)若只考虑ABO血型系统,请用遗传图解表示这对夫妇产生子代的过程。

解析:(1)ABO血型系统中,AB型的红细胞表面含有A抗原和B抗原,其基因型为IAIB。由于妻子是A型血,因此红细胞的表面含有A抗原;而题中提出她的红细胞能被丈夫和儿子的血清凝集,因此她的丈夫和儿子的血清中含抗A抗体,因此他们的血型可能是O型或B型。如果丈夫的基因型是O型血,而儿子的血型只能是O型血或A型血,此血型和双亲之一相同,不符合题意,因此父亲的血型只能是B型血,则儿子为O型血(ii),由此可确定双亲的基因型分别为IBi(父亲)和IAi

(母亲)。

(2)由于题述家庭中的妻子是Rh阴性血型,基因型为rr,丈夫是Rh阳性血型,故基因型为R 　,又已知丈夫的母亲为Rh阴性血型,基因型为rr,故丈夫的基因型为Rr,故其后代的基因型及比例为Rr∶rr=1∶1。他们将来生育的第二胎发生溶血需符合一胎为阳性,二胎也为阳性,故概率为1/2×1/2=1/4。 

(3)若同时考虑两种血型系统,ABO血型系统中,基因型分别为IBi(丈夫)和IAi(妻子),故后代的基因型有IAIB、IBi、IAi、ii 4种;Rh血型系统中,妻子基因型为rr,丈夫的基因型为Rr,故后代的基因型为Rr、rr;故该对夫妻生出Rh阴性AB型孩子rrIAIB的概率为1/2×1/4=1/8。

(4)这对夫妇产生子代的遗传图解为

答案:(除标注外,每空1分)

(1)IAIB　IBi　ii　(2)1/4(2分)　(3)1/8(2分)

(4)

(2分)