专题06 整式的加减专题复习——规律探究（解析版）

这是一份专题06 整式的加减专题复习——规律探究（解析版），共25页。试卷主要包含了数式规律，数阵、数表规律，图形的增长规律，乘方规律，幻方规律，其他规律等内容，欢迎下载使用。

专题06 整式的加减专题复习——规律探究（解析版）
第一部分 典例剖析+针对训练
类型一 数式规律
典例1（2021秋•南岗区校级期中）有一列数，按一定规律排列而成：﹣1，3，﹣9，27，﹣81，243，…，其中某三个相邻数的和是1701，则这三个数中最小的数是 　 　．
思路引领：设三个数中最前面的数为x，则另外两个数分别为﹣3x，9x，根据三个数之和为1701，即可得出关于x的一元一次方程，解之即可得出x的值，再将其代入﹣3x和9x中，取其中最小值即可得出结论．
解：设三个数中最前面的数为x，则另外两个数分别为﹣3x，9x，
依题意，得：x﹣3x+9x＝1701，
解得：x＝243，
∴﹣3x＝﹣729，9x＝2187．
∵﹣729＜243＜2187，
故答案为：﹣729．
总结升华：本题考查了一元一次方程的应用以及规律型：数字的变化类，找准等量关系，正确列出一元一次方程是解题的关键．
典例2（2022秋•涟水县校级月考）观察下面三行数，并按规律填空：
①﹣2，4，﹣8，16，﹣32，64，　　，　，…；
②0，6，﹣6，18，﹣30，66，　　，…；
③﹣3，3，﹣9，15，﹣33，63，　　，…．
（1）按第①行数的规律，分别写出第7和第8个数；
（2）请你分别写出第②③行的第7个数；
（3）取每行数的第9个数，计算这三个数的和．
思路引领：（1）根据已知数据都是前一个数乘2的到得，再利用第奇数个系数为负数即可得出答案；
（2）根据3行数据关系分别分析得出即可；
（3）根据（2）得出的规律分别求出每行第9个数，再把它们相加即可．
解：（1）∵①﹣2，4，﹣8，16，﹣32，64，
∴第7个数是﹣128，第八个数是256；
（2）第②行数是第①行数加上2，第③行数正好比第①行数少1得到的，即第二行的第7个数是﹣128+2＝﹣126，第三行的第7个数是﹣128﹣1＝﹣129；
（3）根据以上所求得出：第一行第9个数为﹣512，第二行第9个数为﹣512+2＝﹣510，第三行第9个数为﹣512﹣1＝﹣513，
则这三个数的和是：﹣512﹣510﹣513＝﹣1535．
总结升华：此题主要考查了数字变化规律，根据已知数据得出得数字第②行数是第①行数加上2，第③行数正好比第①行数少1得到的是解题关键．
针对训练1
1．（2021•武汉）按照一定规律排列的n个数：﹣2、4、﹣8、16、﹣32、64、…，若最后三个数的和为768，则n为（　　）
A．9 B．10 C．11 D．12
思路引领：观察得出第n个数为（﹣2）n，根据最后三个数的和为768，列出方程，求解即可．
解：由题意，得第n个数为（﹣2）n，
那么（﹣2）n﹣2+（﹣2）n﹣1+（﹣2）n＝768，
当n为偶数：整理得出：3×2n﹣2＝768，解得：n＝10；
当n为奇数：整理得出：﹣3×2n﹣2＝768，则求不出整数．
故选：B．
总结升华：此题考查规律型：数字的变化类，找出数字的变化规律，得出第n个数为（﹣2）n是解决问题的关键．
2．（2021秋•新洲区期中）有一串数：﹣2018，﹣2014，﹣2010，﹣2006，﹣2002…按一定的规律排列，那么这串数中前　 　个数的和最小．
思路引领：根据题目中数据的特点，可以写出第n个数，然后令第n个数等于0，即可得到相应的n的值，从而可以解答本题．
解：∵有一串数：﹣2018，﹣2014，﹣2010，﹣2006，﹣2002…
∴这串数的第n个数为﹣2018+4（n﹣1）＝4n﹣2022，
当4n﹣2022＝0时，
解得，n＝505…2，
∴那么这串数中前505个数的和最小，
故答案为：505．
总结升华：本题考查数字的变化类，解答本题的关键是明确题意，发现数字的变化特点，求出第多少个数的值为0．
类型二 数阵、数表规律
典例3（2020秋•江汉区月考）将全体正偶数排成一个三角形数阵：按照以上规律排列，第25行第20个数是　 　．

思路引领：观察数字的变化，第n行有n个偶数，求出第n行的第一个数，结论可得．
解：观察数字的变化可知：第n行有n个偶数．
∵第1行的第一个数是：2＝1×0+2；
第2行第一个数是：4＝2×1+2；
第3行第一个数是：8＝3×2+2；
第4行第一个数是：14＝4×3+2；
•••
∴第n行第一个数是：n（n﹣1）+2．
∴第25行第一个数是：25×24+2＝602．
∴第25行第20个数是：602+2×19＝640．
故答案为：640．
总结升华：本题主要考查了数字的变化的规律，有理数的混合运算．准确找出数字的变化规律是解题的关键．
典例4（2019秋•江汉区期中）有这样一对数，如下表，第n+3个数比第n个数大2（其中n是正整数）
第1个
第2个
第3个
第4个
第5个
……
a
b
c



（1）第5个数表示为　　；第7个数表示为　　；
（2）若第10个数是5，第11个数是8，第12个数为9，则a＝　　，b＝　　，c＝　　；
（3）第2019个数可表示为　　．
思路引领：（1）根据第n+3个数比第n个数大2，即可求解；
（2）根据第n+3个数比第n个数大2，分别求出第10、11、12个数即可求出结果；
（3）根据数字的变化规律，
解：（1）∵第n+3个数比第n个数大2，
∴第5个数比第2个数大2，∴第5个数为b+2．
∵第4个数比第1个数大2，∴第4个数为a+2，
∴第7个数比第4个数大2，∴第7个数为a+4．
故答案为b+2、a+4．
（2）∵第10个数为a+6，
第11个数为b+6，
第12个数为c+6，
∴a+6＝5，b+6＝8，c+6＝9
解得a＝﹣1，b＝2，c＝3．
故答案为﹣1、2、3．
（3）第一组数是a、b、c
第二组数是a+2、b+2、c+2
第三组数是a+4、b+4、c+4
第四组数是a+6、b+6、c+6
…
第n组数的第三个数是c+（2n﹣2）
2019÷3＝673，
第2019个数是第673组的第三个数，
∴第673组的第三个数是c+2×673﹣2＝c+1344．
故答案为c+1344．
总结升华：本题考查了数字的变化类，解决本题的关键是寻找数字的变化规律．
针对训练2
1．（2021秋•播州区期中）如表被称为“杨辉三角”或“贾宪三角”．其规律是：从第三行起，每行两端的数都是“1”，其余各数都等于该数“两肩”上的数之和．表中两平行线之间的一列数：1，3，6，10，15，…，我们把第一个数记为a1，第二个数记为a2，第三个数记为a3，…，第n个数记为an，则a6＝　　，a2020＝　　．

思路引领：根据题目中的数据，可以写出前几项，从而可以数字的变化特点，然后即可得到a6和a2020的值．
解：由题意可得，
a1＝1，
a2＝1+2＝3，
a3＝1+2+3＝6，
a4＝1+2+3+4＝10，
a5＝1+2+3+4+5＝15，
…，
∴an＝1+2+3+…+n=n(n+1)2，
∴当n＝6时，a6=6×72=21，
当n＝2020时，a2020=2020×20212=2041210，
故答案为：21，2041210．
总结升华：本题考查数字的变化类，解答本题的关键是明确题意，发现数字的变化特点，求出所求项的值．
2．（2018秋•江夏区期中）已知一列数：1、﹣2、3、﹣4、5、﹣6、……，将这列数排成下列形式：

按照上述规律排列下去，第10行数的第1个数是（　　）
A．﹣46 B．﹣36 C．37 D．45
思路引领：观察排列规律得到第1行有1个数，第2行有2个数，第3行有1个数，…，第9行有9个数，则可计算出前9行的数的个数45，而数字的序号为偶数时，数字为负数，于是可判断第10行数的第1个数为﹣46．
故选A．
解：第1行有1个数，第2行有2个数，第3行有1个数，…，第9行有9个数，
所以前9行的数的个数为1+2+3+…+9＝45，
而数字的序号为奇数时，数字为正数，数字的序号为偶数时，数字为负数，
所以第10行数的第1个数为﹣46．
故选：A．
总结升华：本题考查了规律型：数字的变化类：认真观察、仔细思考，利用数字与序号数的关系解决这类问题．
3．（2017秋•海淀区校级期中）如图，从左边第一个格子开始向右数，在每个小格子中都填入一个整数，使得其中任意三个相邻格子中所填整数之和都相等．
（1）可求得x＝　　，第2017个格子中的数为 　　．
（2）判断：前m个格子中所填整数之和是否可能为2018？若能，求出m的值，若不能，请说明理由．
（3）若取前3格子中的任意两个数记作a、b，且a≥b，那么所有的|a﹣b|的和可以通过计算|9﹣★|+|9﹣☆|+|★﹣☆|得到，其结果为 　　；若a、b为前19格子中的任意两个数记作a、b，且a≥b，则所有的|a﹣b|的和为 　　．

思路引领：（1）根据三个相邻格子的整数的和相等列式求出x的值，再根据第9个数是2可得☆＝2，然后找出格子中的数每3个为一个循环组依次循环，在用2014除以3，根据余数的情况确定与第几个数相同即可得解；
（2）可先计算出这三个数的和，再照规律计算．
（3）由于是三个数重复出现，因此可用前三个数的重复多次计算出结果．
解：（1）∵任意三个相邻格子中所填整数之和都相等，
∴9+★+☆＝★+☆+x，
解得：x＝9，
★+☆+x＝☆+x﹣6，
∴★＝﹣6，
所以，数据从左到右依次为9、﹣6、☆、9、﹣6、☆、…，
第9个数与第三个数相同，即☆＝2，
所以，每3个数“9、﹣6、2”为一个循环组依次循环，
∵2017÷3＝672…1，
∴第2017个格子中的整数与第1个格子中的数相同，为9．
故答案为：9，9；
（2）9﹣6+2＝5，2018＝2015+3＝2015+9﹣6，2015÷5＝403，403×3＝1209，
所以是第1209+1+1＝1211个数，即m＝1211，
故前1211个数的和为2018；
（3）∵取前3格子中的任意两个数，记作a、b，且a≥b，
∴所有的|a﹣b|的和为：|9﹣（﹣6）|+|9﹣2|+|﹣6﹣2|＝30．
∵由于是三个数重复出现，那么前19个格子中，这三个数，
9出现了7次，﹣6和2各出现了6次．
∴代入式子可得：
|9﹣（﹣6）|×7×6+|9﹣2|×7×6+|2﹣（﹣6）|×6×6＝1212．
故答案为：30，1212．
总结升华：本题主要考查数字的变化规律，解答的关键是找出数字间的关系，得出规律．
类型三 图形的增长规律
典例4（2021•汉川市模拟）古希腊著名的毕达哥拉斯学派把1、3、6、10、…，这样的数称为“三角形数”，而把1、4、9、16、…，这样的数称为“正方形数”．从图中可以发现，任何一个大于1的“正方形数”都可以看作两个相邻“三角形数”之和．则第10个图形中右下方的“三角形数”中的所有点数是 　　．

思路引领：观察图象中点的个数的规律有第一个图形是4＝1+3，第二个图形是9＝3+6，第三个图形是16＝6+10，…则按照此规律得到第10个图形的规律即可．
解：∵第1个图形是4＝1+（1+2），
第2个图形是9＝（1+2）+（1+2+3），
第3个图形是16＝（1+2+3）+（1+2+3+4），
…
∴第10个图形是112＝（1+2+3+4+5+6+7+8+9+10）+（1+2+3+4+5+6+7+8+9+10+11）＝55+66．
故答案为：66．
总结升华：此题考查图形的变化规律，通过从一些特殊的数字变化中发现不变的因素或按规律变化的因素，然后推广到一般情况．
典例5（2020秋•江夏区期中）按照如图所示的方法排列黑色小正方形地砖，则第14个图案中黑色小正方形地砖的数量是（　　）

A．360 B．363 C．365 D．369
思路引领：观察图形可知，黑色与白色的地砖的个数的和是连续奇数的平方，而黑色地砖比白色地砖多1个，求出第n个图案中的黑色与白色地砖的和，然后求出黑色地砖的块数，再把n＝14代入进行计算即可．
解：第1个图案只有（2×1﹣1）2＝12＝1块黑色地砖，
第2个图案有黑色与白色地砖共（2×2﹣1）2＝32＝9，其中黑色的有12（9+1）＝5块，
第3个图案有黑色与白色地砖共（2×3﹣1）2＝52＝25，其中黑色的有12（25+1）＝13块，
…
第n个图案有黑色与白色地砖共（2n﹣1）2，其中黑色的有12[（2n﹣1）2+1]，
当n＝14时，黑色地砖的块数有12×[（2×14﹣1）2+1]=12×730＝365．
故选：C．
总结升华：本题考查图形的变化规律，观察图形找出黑色与白色地砖的总块数与图案序号之间的关系是解题的关键．
针对训练3
1．（2021秋•中山市期中）观察下列图中所示的一系列图形，它们是按一定规律排列的，依照此规律，第10个图形共有　 　个〇．

思路引领：观察图形的变化先得前几个图形中圆圈的个数，可以发现规律：第n个图形共有（3n+1）个〇，进而可得结果．
解：观察图形的变化可知：
第1个图形共有1×3+1＝4个〇；
第2个图形共有2×3+1＝7个〇；
第3个图形共有3×3+1＝10个〇；
…
所以第n个图形共有（3n+1）个〇；
所以第10个图形共有10×3+1＝31个〇；
故答案为：31．
总结升华：本题考查了规律型：图形的变化类，解决本题的关键是根据图形的变化寻找规律．
2．（2018秋•硚口区期中）对于大于或等于2的整数的平方进行如下“分裂”，如下分别将22、32、42分裂成从1开始的连续奇数的和，依此规律，则20182的分裂数中最大的奇数是 　　．

思路引领：由题意可知：每个数中所分解的最大的奇数是前边底数的2倍减去1．由此得出答案即可．
解：自然数n2的分裂数中最大的奇数是2n﹣1．
20182分裂的数中最大的奇数是2×2018﹣1＝4035，
故答案为：4035．
总结升华：此题考查数字的变化规律，注意根据具体的数值进行分析分解的最大的奇数和底数的规律，从而推广到一般．
3．（2022•仙居县校级开学）如图，都是由棱长为1的正方体叠成的立体图形，例如第（1）个图形由1个正方体叠成，第（2）个图形由4个正方体叠成，第（3）个图形由10个正方体叠成，依次规律，第（10）个图形由（　　）个正方体叠成．

A．120 B．165 C．220 D．286
思路引领：根据图形的变换规律，可知第n个图形中的正方体的个数为1+3+6+⋯+n(n+1)2，据此可得第（6）个图形中正方体的个数．
解：由图可得：
第（1）个图形中正方体的个数为1；
第（2）个图形中正方体的个数为4＝1+3；
第（3）个图形中正方体的个数为10＝1+3+6；
第（4）个图形中正方体的个数为20＝1+3+6+10；
故第n个图形中的正方体的个数为1+3+6+⋯+n(n+1)2，
∴第10个图形中正方体的个数为1+3+6+10+15+21+28+36+45+55＝220．
故选：C．
总结升华：本题主要考查了图形变化类问题，解决问题的关键是依据图形得到变换规律．解题时注意：第n个图形中的正方体的个数为1+3+6+⋯+n(n+1)2．
类型四 乘方规律
典例6（2022•内蒙古）观察下列等式：70＝1，71＝7，72＝49，73＝343，74＝2401，75＝16807，…，根据其中的规律可得70+71+72+…+72022的结果的个位数字是（　　）
A．0 B．1 C．7 D．8
思路引领：由已知可得7n的尾数1，7，9，3循环，则70+71+…+72022的结果的个位数字与70+71+72的个位数字相同，即可求解．
解：∵70＝1，71＝7，72＝49，73＝343，74＝2401，75＝16807，…
∴7n的尾数1，7，9，3循环，
∴70+71+72+73的个位数字是0，
∵2023÷4＝505…3，
∴70+71+…+72022的结果的个位数字与70+71+72的个位数字相同，
∴70+71+…+72022的结果的个位数字是7，
故选：C．
总结升华：本题考查数的尾数特征，能够通过所给数的特点，确定尾数的循环规律是解题的关键．
典例7（2022秋•东港区校级月考）求1+2+22+23+……+22007的值，可令S＝1+2+22+23+……+22007，则2S＝2+22+23+24+……+22008，因此2S﹣S＝22009﹣1，即S＝22009﹣1，仿照以上推理，计算出1+3+32+33+……+32022值为 　32023−12　．
思路引领：令S＝1+3+32+33+……+32022，则3S＝3+32+33+……+32023，作差求出S即可．
解：令S＝1+3+32+33+……+32022，
则3S＝3+32+33+……+32023，
∴3S﹣S＝32023﹣1，
则S=32023−12，
即1+3+32+33+……+32022=32023−12．
故答案为：32023−12．
总结升华：本题考查数字的变化规律，通过观察所给的求和方法，灵活应用此方法求和是解题的关键．
针对训练4
1．（2021秋•罗湖区期中）观察等式：2+22＝23﹣2；2+22+23＝24﹣2；2+22+23+24＝25﹣2；……，已知按一定规律排列的一组数：2501，2502，2503，……，2999，21000．若2500＝a，用含a的式子表示这组数之和是（　　）
A．2a2﹣2a B．2a10﹣2a5﹣2 C．2a2﹣a D．2a20﹣a
思路引领：把所求的数列的各数提取2500，可得：2500×（2+22+23+…+2499+2500），利用所给的等式的规律求解即可．
解：∵2+22＝23﹣2；2+22+23＝24﹣2；2+22+23+24＝25﹣2；…，
∴2+22+23+…+2n＝2n+1﹣2，
∴2501+2502+2503+…+2999+21000
＝2500×（2+22+23+…+2499+2500）
＝2500×（2500+1﹣2）
＝2500×（2×2500﹣2），
∵2500＝a，
∴原式＝a（2a﹣2）
＝2a2﹣2a．
故选：A．
总结升华：本题主要考查了规律型：数字的变化类，有理数的混合运算，解答的关键是由所给的等式总结出规律．
2．（2019秋•汾阳市期末）任意大于1的正整数m的三次幂均可“分裂”成m个连续奇数的和，如：23＝3+5，33＝7+9+11，43＝13+15+17+19，…按此规律，若m3分裂后，其中有一个奇数是203，则m的值是（　　）
A．13 B．14 C．15 D．16
思路引领：观察可知，分裂成的奇数的个数与底数相同，然后求出到m3的所有奇数的个数的表达式，再求出奇数203的是从3开始的第101个数，然后确定出101所在的范围即可得解．
解：∵底数是2的分裂成2个奇数，底数为3的分裂成3个奇数，底数为4的分裂成4个奇数，
∴m3分裂成m个奇数，
所以，到m3的奇数的个数为：2+3+4+…+m=(m+2)(m−1)2，
∵2n+1＝203，n＝101，
∴奇数203是从3开始的第101个奇数，
∵(13+2)(13−1)2=90，(14+2)(14−1)2=104，
∴第101个奇数是底数为14的数的立方分裂的奇数的其中一个，
即m＝14．
故选：B．
总结升华：本题是对数字变化规律的考查，观察出分裂的奇数的个数与底数相同是解题的关键，还要熟练掌握求和公式．
3．在求两位数的平方时，可以用“列竖式”的方法进行速算，求解过程如图所示：
则第4个方框中x+y的值是（　　）
A．11 B．12 C．13 D．14
思路引领：找出求解过程图中的规律，利用此规律求得m，n，x，y的值，将相应字母的值代入即可得出结论．
解：求解过程图中的表格中的规律为：
第一行前两个格为十位数字的平方，后两个格为个位数字的平方，平方后不是两位数，十位数字用0代替，
第二行从第二个格开始表示的是两位数中个位数字与十位数字的乘积的2倍，
第三行为从右开始将一二行数字相加的和，足10进1，
∵62＝36，
∴m＝3，n＝6，
∵6×7×2＝84，
∴x＝8，y＝4，
∴x+y＝12．
故选：B．
总结升华：本题主要考查了有理数的乘方，求代数式的值，找出求解过程图中的规律是解题的关键．
类型五 幻方规律
典例8（2021秋•江阴市期中）小学时候大家喜欢玩的幻方游戏，老师稍加创新改成了“幻圆”游戏，现在将﹣1、2、﹣3、4、﹣5、6、﹣7、8分别填入图中的圆圈内，使横、竖以及内外两圈上的4个数字之和都相等，老师已经帮助同学们完成了部分填空，则图中a+b的值为（　　）

A．﹣6或﹣3 B．﹣8或1 C．﹣1或﹣4 D．1或﹣1
思路引领：由于八个数的和是4，所以需满足两个圈的和是2，横、竖的和也是2．列等式可得结论．
解：设小圈上的数为c，大圈上的数为d，
﹣1+2﹣3+4﹣5+6﹣7+8＝4，
∵横、竖以及内外两圈上的4个数字之和都相等，
∴两个圈的和是2，横、竖的和也是2，

则﹣7+6+b+8＝2，得b＝﹣5，
6+4+b+c＝2，得c＝﹣3，
a+c+4+d＝2，a+d＝1，
∵当a＝﹣1时，d＝2，则a+b＝﹣1﹣5＝﹣6，
当a＝2时，d＝﹣1，则a+b＝2﹣5＝﹣3，
故选：A．
总结升华：本题考查了有理数的加法．解决本题的关键是知道横竖两个圈的和都是2．
典例9（2020•冷水江市一模）我国的《洛书》中记载着世界上最古老的一个幻方：将1～9这九个数字填入3×3的方格内，使三行、三列、两对角线上的三个数之和都相等．如图的幻方中，m＝　 　．

思路引领：根据“每行、每列、每条对角线上的三个数之和相等”解答即可．
解：1+2+3+…+9＝45，
根据“每行、每列、每条对角线上的三个数之和相等”，可知三行、三列、两对角线上的三个数之和都等于15，
∴第一列第三个数为：15﹣2﹣5＝8，
第三列第二个数为：15﹣3﹣5＝7，第三个数为：15﹣2﹣7＝6，如图所示：

∴m＝15﹣8﹣6＝1．故答案为：1．
总结升华：本题考查数的特点和有理数的加 法，抓住每行、每列、每条对角线上的三个数之和相等，数的对称性是解题的关键．
针对训练5
1．（2021秋•南安市期中）现有七个数﹣1，﹣2，﹣2，﹣4，﹣4，﹣8，﹣8将它们填入图1（3个圆两两相交分成7个部分）中，使得每个圆内部的4个数之积相等，设这个积为m，如图2给出了一种填法，此时m＝64，在所有的填法中，m的最大值为　256　．

思路引领：观察图象，可得这7个数，有的被乘了1次，2次，3次．要使得每个圆内部的4个数之积相等且最大所以﹣8，﹣8必须放在被乘两次的位置．与﹣8，﹣8同圆的只能为﹣1，﹣4，其中﹣4放在中心位置，可得m＝256
解：观察图象，可得这7个数，有的被乘了1次，2次，3次．要使得每个圆内部的4个数之积相等且最大所以﹣8，﹣8必须放在被乘两次的位置．与﹣8，﹣8同圆的只能为﹣1，﹣4，其中﹣4放在中心位置，如图

∴m＝（﹣8）×（﹣8）×（﹣1）×（﹣4）＝256
总结升华：本题考查有理数的乘法，关键是找到两个（﹣8）的位置．
2．将9个数填入幻方的九个方格中，使处于同一横行、同一竖列、同一斜对角线上的三个数的和相等，如表一：按此规律将满足条件的另外6个数填入表二，则表二中这9个数的和为 　　（用含a的整式表示）．
表一
4
9
2
3
5
7
8
1
6
表二



a+5
a+1


a﹣1

思路引领：根据同一横行、同一竖列、同一斜对角线上的三个数的和相等作出图形，根据题意列出关于a与x的方程，可得x＝a+2，进一步求出这9个数的和即可．
解：如图所示：

4+x+a﹣1+a+3＝a﹣3+a+1+a+3，
解得x＝a﹣5，
a+3+x+a+3＝2a+6+a﹣5＝3a+1，
3（3a+1）＝9a+3．
故答案为：9a+3．
总结升华：此题考查了列代数式，整式的加减，熟练掌握运算法则是解本题的关键．
类型六 其他规律
典例10（2019秋•武昌区校级期中）某初中七（5）班学生军训排列成7×7＝49人的方阵，做了一个游戏，起初全体学生站立，教官每次任意点4个不同学号的学生，被点到的学生，站立的蹲下，蹲下的站立，且学生都正确完成指令，同一名学生可以多次被点，则15次点名后蹲下的学生人数可能是（　　）
A．3 B．27
C．49 D．以上都不可能
思路引领：假设站立记为“+1”，则蹲下为“﹣1”．原来49个“+1”，乘积为“+1”，每次改变其中的4个数，即每次运算乘以4个“﹣1”，即乘以了“+1”，乘积为“+1”，即可得出结论．
解：假设站立记为“+1”，则蹲下为“﹣1”．
原来49个“+1”，乘积为“+1”，每次改变其中的4个数，
即每次运算乘以4个“﹣1”，即乘以了“+1”，
15次点名后，乘积仍然是“+1”，
所以，最后出现“﹣1”的个数为偶数，
即蹲下的学生人数为偶数，
选项A，B，C都不符合题意，
故选：D．
总结升华：此题主要考查了奇数与偶数，有理数乘法中积的符号的判断，解决本题的关键是利用有理数的乘法进行解决．
针对训练6
1．（2019秋•硚口区期中）把几个不同的数用大括号括起来，相邻两个数之间用逗号隔开，如：{1，2}；{1，4，7}；…我们称之为集合，其中的每一个数称为该集合的元素．规定：当整数x是集合的一个元素时，100﹣x也必是这个集合的元素，这样的集合又称为黄金集合，例如{﹣1，101}就是一个黄金集合．若一个黄金集合所有元素之和为整数m，且1180＜m＜1260，则该黄金集的元素的个数是（　　）
A．23 B．24 C．24或25 D．26
思路引领：由黄金集合的定义，可知一个整数是x，则必有另一个整数是100﹣x，则这两个整数的和为x+100﹣x＝100，只需判断1180＜m＜1260内100的个数即可求解．
解：在黄金集合中一个整数是x，则必有另一个整数是100﹣x，
∴两个整数的和为x+100﹣x＝100，
由题意可知，1180＜m＜1260时，
100×12＝1200，100×13＝1300，
∴这个黄金集合的个数是24或25个；
故选：C．
总结升华：本题考查有理数，新定义；理解题意，通过两个对应元素和的特点，结合m的取值范围，进而确定元素个数是解题关键．
第二部分 专题提优训练
1．观察下面一列数：1，12，2，13，1，3，14，23，32，4，15，12，1，2，5，16，…（已写出了第1至第16个数）．
（1）第7，第8，第9，第10个数的积是 　　，前16个数的积是 　　；
（2）按此规律，第30个数是 　　；
（3）在上面这列数中，从左起第m个数记为F（m），当F（m）=92020时，求m的值．
思路引领：（1）根据规律直接写出数计算即可；
（2）根据题意将数字从左边开始分别以1个数，2个数，3个数，…，为一组，每组数据的积为1，且分子递增1，分母递减1，然后根据规律得出第30个数即可；
（3）根据F（m）=92020判断出F（m）是第几组第几个数即可得出m的值．
解：（1）根据题意知，第7，第8，第9，第10个数的积是14×23×32×4＝1，前16个数的积是1×（12×2）×（13×1×3）×（14×23×32×4）×（15×24×1×42×5）×16=16，
故答案为：1，16；
（2）由（1）知，将数字从左边开始分别以1个数，2个数，3个数，…，为一组，每组数据的积为1，且分子递增1，分母递减1，
∵1+2+3+4+5+6+7＝28，
∴第30个数在第8组的第2个数，即1+18−1=27，
故答案为：27；
（3）∵F（m）=92020，2020+9＝2029，
∴F（m）是第2028组第9个数，前面有2027组数，
∴m＝（1+2+3+4+…+2027）+9=1+20272×2027+9=2055387．
总结升华：本题主要考查数字的变化规律，根据数字的变化分组分析规律是解题的关键．
2．（2021秋•丹江口市期中）观察一列数：1，﹣2，3，﹣4，5，﹣6，7，…，将这列数排成下列形式：
（1）在表中，第12行第6个数是 　 　；
（2）在表中，“2021”是其中的第 　 　行，第 　 　个数；
（3）将表中第i行的最后一个数记为ai，如第1行的最后一个数记为a1，即a1＝1，第2行的最后一个数记为a2，即a2＝3，如此下去，a3＝﹣6，a4＝﹣10，…，第n行的最后一个数记为an，则用含n的式子表示|an|为 　　；
（4）在（3）的条件下，计算1a1+1a2−1a3−1a4+1a5+1a6−1a7−1a8+1a9+1a10．

思路引领：（1）先求出前11行一共有66，即可求解；
（2）求出前n行共有n(n+1)2个数，再求前63行共有2016个数，即可求2021的位置；
（3）由题意可得，1+2+3+......+n=n(n+1)2，即可求解；
（4）原式=2(1−12+12−13+13−14+......+19−110+110−111)，再运算即可．
解：（1）由题可知，第一行1个数，第二行2个数，…，第n行n个数，
∴前11行一共有1+2+3+…+11＝66，
∴第12行第一个数是67，
∴第12行第6个数是﹣72，
故答案为：﹣72；
（2）由题意可得，前n行共有n(n+1)2个数，
∴当n＝63时，前63行共有2016个数，
∴2021时第64行的第5个数，
故答案为：64，5；
（3）由题意可得，1+2+3+......+n=n(n+1)2，
∴|an|=n(n+1)2，
故答案为：n(n+1)2；
（4）1a1+1a2−1a3−1a4+1a5+1a6−1a7−1a8+1a9+1a10
=11+13+16+110+......+145+155
=2(11×2+12×3+13×4+......+19×10+110×11)
=2(1−12+12−13+13−14+......+19−110+110−111)
=2(1−111)
=2011．
总结升华：本题考查数字的变化规律，根据题意探索数字的排列规律是解的关键．
3．（2022•东莞市校级一模）找出以下图形变化的规律，则第2022个图形中黑色正方形的数量是 　3033　．

思路引领：仔细观察图形并从中找到规律，然后利用找到的规律即可得到答案．
解：∵当n为偶数时第n个图形中黑色正方形的数量为n+12n个；当n为奇数时第n个图形中黑色正方形的数量为n+12（n+1）个，
∴当n＝2022时，黑色正方形的个数为2022+1011＝3033个．
故答案为：3033．
总结升华：本题考查了图形的变化类问题，解题的关键是仔细的观察图形并正确的找到规律．
4．（2020秋•西城区校级期中）古希腊毕达格拉斯学派的数学家常用小石子在沙滩上摆成各种形状来研究各种多边形数，比如：他们研究过图1中的1，3，6，10，…．由于这些数能够表示成三角形，将其称为三角形数；类似的，称图2中的1，4，9，16，…，这样的数为正方形数．
（1）请你写出一个既是三角形数又是正方形数的自然数　 　．
（2）类似地，我们将k边形数中第n个数记为N（n，k）（k≥3）．以下列出了部分k边形数中第n个数的表达式：
三角形数：N（n，3）=12n2+12n
正方形数：N（n，4）＝n2
五边形数：N（n，5）=32n2−12n
六边形数：N（n，6）＝2n2﹣n
…
根据以上信息，得出N（n，k）＝　 　．（用含有n和k的代数式表示）

思路引领：（1）由题意得第8个图的三角形数是36，所以既是三角形数又是正方形数，且大于1的最小正整数为36；
（2）由已知等式进行变形进而可推出结果．
解：（1）由题意第8个图的三角形数为12×8（8+1）＝36，
∴既是三角形数又是正方形数，且大于1的最小正整数为36，
故答案为36．
（2）∵N（n，3）=n2+n2=(3−2)n2+(4−3)n2，
N（n，4）＝n2=2n2+0×n2=(4−2)n2+(4−4)n2，
N（n，5）=32n2−12n=(5−2)n2+(4−5)n2，
N（n，6）＝2n2﹣n=4n2−2n2=(6−2)n2+(4−6)n2，
由此推断出N（n，k）=(k−2)n2+(4−k)n2（k≥3）．
故答案为：(k−2)n2+(4−k)n2（k≥3）．
总结升华：本题考查三角形数、正方形数的规律、完全平方数与归纳推理等知识，观察已知式子的规律并改写形式是解决问题的关键．
5．（2020秋•江夏区校级月考）观察下列等式：12＝1，22＝4，32＝9，42＝16，52＝25，…，若12+22+32+42+52+…+n2的个位数字是1（0＜n≤2020，且n为整数），下列选项中，n的最大值是（　　）
A．2001 B．2006 C．2011 D．2019
思路引领：通过计算发现每10个数，末位数字循环一次，再结合选项进行判断即可求解．
解：∵12＝1，22＝4，32＝9，42＝16，52＝25，62＝36，72＝49，82＝64，92＝81，102＝100，112＝121，122＝144，132＝169，…，
∴每10个数，末位数字循环一次，
∴1+4+9+6+5+6+9+4+1+0＝45，
∵2001÷10＝200……1，
∴200×45+1＝9001；
∵2006÷10＝200……6，
∴200×45+1+4+9+6+5+6＝9031；
∵2011÷10＝201……1，
∴201×45+1＝9046；
∵2019÷10＝201……9，
∴202×45＝9090；
∵2006＞2001，
∴n的最大值为2006，
故选：B．
总结升华：本题考查数字的变化规律，通过探索每个数的尾数的循环规律，并运用规律求解是解题的关键．
6．（2021•碧江区 模拟）观察等式：2+22＝23﹣2：2+22+23＝24﹣2；2+22+23+24＝25﹣2，…已知按一定规律排列的一组数：250、251、252、…、299、2100，若250＝a，则用含a的式子表示这组数的和是　 　．
思路引领：由等式：2+22＝23﹣2；2+22+23＝24﹣2；2+22+23+24＝25﹣2，得出规律：2+22+23+…+2n＝2n+1﹣2，那么250+251+252+…+299+2100＝（2+22+23+…+2100）﹣（2+22+23+…+249），将规律代入计算即可．
解：∵2+22＝23﹣2；
2+22+23＝24﹣2；
2+22+23+24＝25﹣2；
…
∴2+22+23+…+2n＝2n+1﹣2，
∴250+251+252+…+299+2100
＝（2+22+23+…+2100）﹣（2+22+23+…+249）
＝（2101﹣2）﹣（250﹣2）
＝2101﹣250，
∵250＝a，
∴2101＝（250）2•2＝2a2，
∴原式＝2a2﹣a．
故答案为：2a2﹣a．
总结升华：本题是一道找规律的题目，要求学生通过观察，分析、归纳发现其中的规律，并应用发现的规律解决问题．解决本题的难点在于得出规律：2+22+23+…+2n＝2n+1﹣2．
7．（2019秋•武汉期中）如图，在边长为1厘米的正方形网格有12个格点，用这些格点做三角形顶点，一共可以连成面积为2平方厘米的三角形个数为（　　）

A．24 B．32 C．28 D．12
思路引领：根据面积等于底乘以高依次分情况分析既可以得到三角形个数．
解：①如图以AB为底时，与对边CF的四个顶点都可以构成面积等于2平方厘米的三角形，类似这样的三角形共有16个，
②如图以AC为底与线段BE上的三个点可以构成面积等于2平方厘米的三角形，类似这样的三角形共有12个，
其中有四个直角三角形是重复的，故三角形总个数：16+12﹣4＝24个，
故选：A．


总结升华：本题考查了三角形面积的求法，两平行线的性质掌握两平行线间的距离处处相等，由此利用同底等高的面积相等是解题关键．
8．（2020秋•盐都区校级期中）有一长方体形状的物体，它的长、宽、高分别为a，b，c（a＞b＞c），有三种不同的捆扎方式（如图所示的虚线），哪种方式用绳最少？说明理由．

思路引领：先利用代数式分别表示出三种捆绑方式的长度，然后利用求差法比较三个代数式的大小即可．
解：甲种方式用绳最短．理由如下：
根据图示知，三种捆绑方式的长度分别为：l甲＝4a+8c+4b；l乙＝4a+6c+6b；l丙＝6a+4c+6b．
因为l甲﹣l乙＝4a+8c+4b﹣（4a+6c+6b）＝2c﹣2b＝2（c﹣b），
而b＞c，
所以l甲＜l乙，
又因为l丙﹣l乙＝6a+4c+6b﹣（4a+6c+6b）＝2（a﹣c），
而a＞c，
所以l乙＜l丙，
所以l甲＜l乙＜l丙．
答：甲种方式用绳最短，丙方式用绳最多．
总结升华：本题考查了列代数式．主要是利用两个算式相减来比较大小进行解决问题．