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2024高考数学一轮复习讲义（步步高版）第五章 §5.2 平面向量基本定理及坐标表示
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这是一份2024高考数学一轮复习讲义（步步高版）第五章 §5.2 平面向量基本定理及坐标表示，共15页。试卷主要包含了了解平面向量基本定理及其意义，))等内容，欢迎下载使用。
3.会用坐标表示平面向量的加法、减法与数乘运算.4.理解用坐标表示的平面向量共线的条件．
知识梳理
1．平面向量基本定理
如果e1，e2是同一平面内的两个不共线向量，那么对于这一平面内的任一向量a，有且只有一对实数λ1，λ2，使a＝λ1e1＋λ2e2.
若e1，e2不共线，我们把{e1，e2}叫做表示这一平面内所有向量的一个基底．
2．平面向量的正交分解
把一个向量分解为两个互相垂直的向量，叫做把向量作正交分解．
3．平面向量的坐标运算
(1)向量加法、减法、数乘运算及向量的模
设a＝(x1，y1)，b＝(x2，y2)，则
a＋b＝(x1＋x2，y1＋y2)，a－b＝(x1－x2，y1－y2)，λa＝(λx1，λy1)，|a|＝eq \r(x\\al(2,1)＋y\\al(2,1)).
(2)向量坐标的求法
①若向量的起点是坐标原点，则终点坐标即为向量的坐标．
②设A(x1，y1)，B(x2，y2)，则eq \(AB,\s\up6(→))＝(x2－x1，y2－y1)，|eq \(AB,\s\up6(→))|＝eq \r(x2－x12＋y2－y12).
4．平面向量共线的坐标表示
设a＝(x1，y1)，b＝(x2，y2)，其中b≠0，则a∥b⇔x1y2－x2y1＝0.
常用结论
已知P为线段AB的中点，若A(x1，y1)，B(x2，y2)，则点P的坐标为eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(x1＋x2,2)，\f(y1＋y2,2)))；已知△ABC的顶点A(x1，y1)，B(x2，y2)，C(x3，y3)，则△ABC的重心G的坐标为eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(x1＋x2＋x3,3)，\f(y1＋y2＋y3,3))).
思考辨析
判断下列结论是否正确(请在括号中打“√”或“×”)
(1)平面内的任意两个向量都可以作为一个基底．( × )
(2)设{a，b}是平面内的一个基底，若λ1a＋λ2b＝0，则λ1＝λ2＝0.( √ )
(3)若a＝(x1，y1)，b＝(x2，y2)，则a∥b的充要条件可以表示成eq \f(x1,x2)＝eq \f(y1,y2).( × )
(4)平面向量不论经过怎样的平移变换之后其坐标不变．( √ )
教材改编题
1．下列各组向量中，可以作为基底的是( )
A．e1＝(0,0)，e2＝(1,2)
B．e1＝(2，－3)，e2＝eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(1,2)，－\f(3,4)))
C．e1＝(3,5)，e2＝(6,10)
D．e1＝(－1,2)，e2＝(5,7)
答案 D
解析 由于选项A，B，C中的向量e1，e2都共线，故不能作为基底．而选项D中的向量e1，e2不共线，故可作为基底．
2．若P1(1,3)，P2(4,0)，且P是线段P1P2的一个三等分点(靠近点P1)，则点P的坐标为( )
A．(2,2) B．(3，－1)
C．(2,2)或(3，－1) D．(2,2)或(3,1)
答案 A
解析 设P(x，y)，由题意知eq \(P1P,\s\up6(—→))＝eq \f(1,3)eq \(P1P2,\s\up6(—→))，
∴(x－1，y－3)＝eq \f(1,3)(4－1,0－3)＝(1，－1)，
即eq \b\lc\{\rc\ (\a\vs4\al\c1(x－1＝1，,y－3＝－1，))∴eq \b\lc\{\rc\ (\a\vs4\al\c1(x＝2，,y＝2.))
3．若a＝(6,6)，b＝(5,7)，c＝(2,4)，则下列结论成立的是( )
A．a－c与b共线 B．b＋c与a共线
C．a与b－c共线 D．a＋b与c共线
答案 C
解析 a－c＝(4,2)，因为4×7－5×2＝18≠0，所以a－c与b不共线；
b＋c＝(7,11)，因为7×6－6×11＝－24≠0，所以b＋c与a不共线；
b－c＝(3,3)，因为3×6－6×3＝0，所以a与b－c共线；
a＋b＝(11,13)，因为11×4－2×13＝18≠0，所以a＋b与c不共线.
题型一 平面向量基本定理的应用
例1 (1)如图，在平行四边形ABCD中，对角线AC与BD交于点O，且eq \(AE,\s\up6(→))＝2eq \(EO,\s\up6(→))，则eq \(ED,\s\up6(→))等于( )
A.eq \f(1,3)eq \(AD,\s\up6(→))－eq \f(2,3)eq \(AB,\s\up6(→)) B.eq \f(2,3)eq \(AD,\s\up6(→))＋eq \f(1,3)eq \(AB,\s\up6(→))
C.eq \f(2,3)eq \(AD,\s\up6(→))－eq \f(1,3)eq \(AB,\s\up6(→)) D.eq \f(1,3)eq \(AD,\s\up6(→))＋eq \f(2,3)eq \(AB,\s\up6(→))
答案 C
解析 因为四边形ABCD为平行四边形，对角线AC与BD交于点O，且eq \(AE,\s\up6(→))＝2eq \(EO,\s\up6(→))，
所以eq \(EA,\s\up6(→))＝－eq \f(1,3)eq \(AC,\s\up6(→))，
所以eq \(ED,\s\up6(→))＝eq \(EA,\s\up6(→))＋eq \(AD,\s\up6(→))＝－eq \f(1,3)eq \(AC,\s\up6(→))＋eq \(AD,\s\up6(→))＝－eq \f(1,3)(eq \(AD,\s\up6(→))＋eq \(AB,\s\up6(→)))＋eq \(AD,\s\up6(→))＝eq \f(2,3)eq \(AD,\s\up6(→))－eq \f(1,3)eq \(AB,\s\up6(→)).
(2)(2023·天津模拟)已知在△ABC中，eq \(AB,\s\up6(→))＝a，eq \(AC,\s\up6(→))＝b，D，F分别为BC，AC的中点，P为AD与BF的交点，若eq \(BP,\s\up6(→))＝xa＋yb，则x＋y＝________.
答案 －eq \f(1,3)
解析 因为D，F分别为BC，AC的中点，所以DF是△ABC的中位线，所以eq \f(DF,AB)＝eq \f(PD,AP)＝eq \f(1,2)，则eq \(BP,\s\up6(→))＝eq \(BA,\s\up6(→))＋eq \(AP,\s\up6(→))＝－eq \(AB,\s\up6(→))＋eq \f(2,3)eq \(AD,\s\up6(→))＝－eq \(AB,\s\up6(→))＋eq \f(2,3)×eq \f(1,2)(eq \(AB,\s\up6(→))＋eq \(AC,\s\up6(→)))＝－eq \f(2,3)a＋eq \f(1,3)b，所以x＝－eq \f(2,3)，y＝eq \f(1,3)，所以x＋y＝－eq \f(1,3).
思维升华 (1)应用平面向量基本定理表示向量的实质是利用平行四边形法则或三角形法则进行向量的加、减或数乘运算．
(2)用平面向量基本定理解决问题的一般思路是：先选择一个基底，并运用该基底将条件和结论表示成向量的形式，再通过向量的运算来解决．
跟踪训练1 (1)(多选)下列命题中正确的是( )
A．若p＝xa＋yb，则p与a，b共面
B．若p与a，b共面，则存在实数x，y使得p＝xa＋yb
C．若eq \(MP,\s\up6(→))＝xeq \(MA,\s\up6(→))＋yeq \(MB,\s\up6(→))，则P，M，A，B共面
D．若P，M，A，B共面，则存在实数x，y使得eq \(MP,\s\up6(→))＝xeq \(MA,\s\up6(→))＋yeq \(MB,\s\up6(→))
答案 AC
解析 对于B，若a，b共线，p与a，b不共线，则不存在实数x，y使得p＝xa＋yb，故B错误；对于D，若M，A，B共线，P在直线AB外，则不存在实数x，y使得eq \(MP,\s\up6(→))＝xeq \(MA,\s\up6(→))＋yeq \(MB,\s\up6(→))，故D错误；由平面向量基本定理知AC正确．
(2)如图，已知平面内有三个向量eq \(OA,\s\up6(→))，eq \(OB,\s\up6(→))，eq \(OC,\s\up6(→))，其中eq \(OA,\s\up6(→))与eq \(OB,\s\up6(→))的夹角为120°，eq \(OA,\s\up6(→))与eq \(OC,\s\up6(→))的夹角为30°，且|eq \(OA,\s\up6(→))|＝|eq \(OB,\s\up6(→))|＝1，|eq \(OC,\s\up6(→))|＝2eq \r(3).若eq \(OC,\s\up6(→))＝λeq \(OA,\s\up6(→))＋μeq \(OB,\s\up6(→))(λ，μ∈R)，则λ＋μ＝________.
答案 6
解析 方法一 如图，作平行四边形OB1CA1，
则eq \(OC,\s\up6(→))＝eq \(OB1,\s\up6(—→))＋eq \(OA1,\s\up6(—→))，
因为eq \(OA,\s\up6(→))与eq \(OB,\s\up6(→))的夹角为120°，eq \(OA,\s\up6(→))与eq \(OC,\s\up6(→))的夹角为30°，
所以∠B1OC＝90°.
在Rt△OB1C中，∠OCB1＝30°，|eq \(OC,\s\up6(→))|＝2eq \r(3)，
所以|eq \(OB1,\s\up6(—→))|＝2，|eq \(B1C,\s\up6(—→))|＝4，
所以|eq \(OA1,\s\up6(—→))|＝|eq \(B1C,\s\up6(—→))|＝4，
所以eq \(OC,\s\up6(→))＝4eq \(OA,\s\up6(→))＋2eq \(OB,\s\up6(→))，所以λ＝4，μ＝2，
所以λ＋μ＝6.
方法二 以O为原点，建立如图所示的平面直角坐标系，
则A(1,0)，Beq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(－\f(1,2)，\f(\r(3),2)))，C(3，eq \r(3))．
由eq \(OC,\s\up6(→))＝λeq \(OA,\s\up6(→))＋μeq \(OB,\s\up6(→))，
得eq \b\lc\{\rc\ (\a\vs4\al\c1(3＝λ－\f(1,2)μ，,\r(3)＝\f(\r(3),2)μ，))解得eq \b\lc\{\rc\ (\a\vs4\al\c1(λ＝4，,μ＝2.))所以λ＋μ＝6.
题型二 平面向量的坐标运算
例2 (1)已知eq \(AB,\s\up6(→))＝(1，－1)，C(0,1)，若eq \(CD,\s\up6(→))＝2eq \(AB,\s\up6(→))，则点D的坐标为( )
A．(－2,3) B．(2，－3)
C．(－2,1) D．(2，－1)
答案 D
解析 设D(x，y)，则eq \(CD,\s\up6(→))＝(x，y－1)，
2eq \(AB,\s\up6(→))＝(2，－2)，
根据eq \(CD,\s\up6(→))＝2eq \(AB,\s\up6(→))，得(x，y－1)＝(2，－2)，
即eq \b\lc\{\rc\ (\a\vs4\al\c1(x＝2，,y－1＝－2，))解得eq \b\lc\{\rc\ (\a\vs4\al\c1(x＝2，,y＝－1，))
所以点D的坐标为(2，－1)．
(2)如图，在直角梯形ABCD中，AB∥DC，AD⊥DC，AD＝DC＝2AB，E为AD的中点，若eq \(CA,\s\up6(→))＝λeq \(CE,\s\up6(→))＋μeq \(DB,\s\up6(→))(λ，μ∈R)，则λ＋μ的值为( )
A.eq \f(6,5) B.eq \f(8,5)
C．2 D.eq \f(8,3)
答案 B
解析 建立如图所示的平面直角坐标系，则D(0,0)．
不妨设AB＝1，则CD＝AD＝2，
∴C(2,0)，A(0,2)，B(1,2)，E(0,1)，
∴eq \(CA,\s\up6(→))＝(－2,2)，eq \(CE,\s\up6(→))＝(－2,1)，eq \(DB,\s\up6(→))＝(1,2)，
∵eq \(CA,\s\up6(→))＝λeq \(CE,\s\up6(→))＋μeq \(DB,\s\up6(→))，
∴(－2,2)＝λ(－2,1)＋μ(1,2)，
∴eq \b\lc\{\rc\ (\a\vs4\al\c1(－2λ＋μ＝－2，,λ＋2μ＝2，))解得eq \b\lc\{\rc\ (\a\vs4\al\c1(λ＝\f(6,5)，,μ＝\f(2,5)，))
故λ＋μ＝eq \f(8,5).
思维升华 (1)利用向量的坐标运算解题，主要是利用加法、减法、数乘运算法则，然后根据“两个向量相等当且仅当它们的坐标对应相等”这一原则，化归为方程(组)进行求解．
(2)向量的坐标表示使向量运算代数化，成为数与形结合的载体，可以使很多几何问题的解答转化为我们熟知的数量运算．
跟踪训练2 (1)已知M(－2,7)，N(10，－2)，点P是线段MN上的点，且eq \(PN,\s\up6(→))＝－2eq \(PM,\s\up6(→))，则P点的坐标为( )
A．(2,4) B．(－14,16)
C．(6,1) D．(22，－11)
答案 A
解析 设P(x，y)，则eq \(PN,\s\up6(→))＝(10－x，－2－y)，
eq \(PM,\s\up6(→))＝(－2－x,7－y)，
由eq \(PN,\s\up6(→))＝－2eq \(PM,\s\up6(→))⇒eq \b\lc\{\rc\ (\a\vs4\al\c1(10－x＝－2－2－x，,－2－y＝－27－y))⇒eq \b\lc\{\rc\ (\a\vs4\al\c1(x＝2，,y＝4.))
(2)已知向量a，b，c在正方形网格中的位置如图所示，用基底eq \b\lc\{\rc\}(\a\vs4\al\c1(a，b))表示c，则( )
A．c＝2a－3b B．c＝－2a－3b
C．c＝－3a＋2b D．c＝3a－2b
答案 D
解析 如图，建立平面直角坐标系，设正方形网格的边长为1，
则A(1,0)，B(2,1)，C(0,4)，D(7,1)，
所以a＝(1,1)，b＝(－2,3)，c＝(7，－3)，
设向量c＝ma＋nb，
则c＝ma＋nb＝(m－2n，m＋3n)＝(7，－3)，
则eq \b\lc\{\rc\ (\a\vs4\al\c1(m－2n＝7，,m＋3n＝－3))⇒eq \b\lc\{\rc\ (\a\vs4\al\c1(m＝3，,n＝－2，))
所以c＝3a－2b.
题型三 向量共线的坐标表示
命题点1 利用向量共线求参数
例3 已知eq \(AB,\s\up6(→))＝(6,1)，eq \(BC,\s\up6(→))＝(x，y)，eq \(CD,\s\up6(→))＝(－2，－3)，eq \(BC,\s\up6(→))∥eq \(DA,\s\up6(→))，则x＋2y的值为( )
A．－1 B．0 C．1 D．2
答案 B
解析 因为eq \(AB,\s\up6(→))＝(6,1)，eq \(BC,\s\up6(→))＝(x，y)，eq \(CD,\s\up6(→))＝(－2，－3)，
所以eq \(AD,\s\up6(→))＝eq \(AB,\s\up6(→))＋eq \(BC,\s\up6(→))＋eq \(CD,\s\up6(→))＝(4＋x，y－2)，
所以eq \(DA,\s\up6(→))＝(－x－4,2－y)，
因为eq \(BC,\s\up6(→))∥eq \(DA,\s\up6(→))，
所以x(2－y)＝y(－x－4)，
所以2x＋4y＝0，即x＋2y＝0.
命题点2 利用向量共线求向量或点的坐标
例4 设点A(2,0)，B(4,2)，若点P在直线AB上，且|eq \(AB,\s\up6(→))|＝2|eq \(AP,\s\up6(→))|，则点P的坐标为( )
A．(3,1) B．(1，－1)
C．(3,1)或(1，－1) D．(3,1)或(1,1)
答案 C
解析 ∵A(2,0)，B(4,2)，∴eq \(AB,\s\up6(→))＝(2,2)，∵点P在直线AB上，且|eq \(AB,\s\up6(→))|＝2|eq \(AP,\s\up6(→))|，∴eq \(AB,\s\up6(→))＝2eq \(AP,\s\up6(→))或eq \(AB,\s\up6(→))＝－2eq \(AP,\s\up6(→))，故eq \(AP,\s\up6(→))＝(1,1)或eq \(AP,\s\up6(→))＝(－1，－1)，故P点坐标为(3,1)或(1，－1)．
思维升华 平面向量共线的坐标表示问题的解题策略
(1)若a＝(x1，y1)，b＝(x2，y2)，其中b≠0，则a∥b的充要条件是x1y2＝x2y1.
(2)在求与一个已知向量a共线的向量时，可设所求向量为λa(λ∈R)．
跟踪训练3 (1)已知向量a＝(－3,2)，b＝(4，－2λ)，若(a＋2b)∥(a－b)，则实数λ的值为( )
A.eq \f(2,3) B.eq \f(4,3) C.eq \f(7,4) D.eq \f(7,5)
答案 B
解析 由已知得a＋2b＝(5,2－4λ)，a－b＝(－7,2＋2λ)，
∵(a＋2b)∥(a－b)，
∴5×(2＋2λ)－(－7)×(2－4λ)＝0，解得λ＝eq \f(4,3).
(2)在△ABC中，角A，B，C的对边分别为a，b，c，C＝eq \f(π,3)，若m＝(c－eq \r(6)，a－b)，n＝(a－b，c＋eq \r(6))，且m∥n，则△ABC的面积为( )
A．3 B.eq \f(9\r(3),2) C.eq \f(3\r(3),2) D．3eq \r(3)
答案 C
解析 ∵m＝(c－eq \r(6)，a－b)，n＝(a－b，c＋eq \r(6))，
且m∥n，
∴(a－b)2＝(c－eq \r(6))(c＋eq \r(6))，化为a2＋b2－c2＝2ab－6.
∴cs eq \f(π,3)＝eq \f(a2＋b2－c2,2ab)＝eq \f(2ab－6,2ab)＝eq \f(1,2)，解得ab＝6.
∴S△ABC＝eq \f(1,2)absin C＝eq \f(1,2)×6×eq \f(\r(3),2)＝eq \f(3\r(3),2).
课时精练
1．如果e1，e2是平面内一组不共线的向量，那么下列四组向量中，不能作为平面内所有向量的一个基底的是( )
A．e1与e1＋e2
B．e1－2e2与e1＋2e2
C．e1＋e2与e1－e2
D．e1－2e2与－e1＋2e2
答案 D
解析 对A项，设e1＋e2＝λe1，则eq \b\lc\{\rc\ (\a\vs4\al\c1(λ＝1，,1＝0，))无解，故e1与e1＋e2不共线，可以作为平面内所有向量的一个基底；
对B项，设e1－2e2＝λ(e1＋2e2)，则eq \b\lc\{\rc\ (\a\vs4\al\c1(λ＝1，,－2＝2λ，))无解，故e1－2e2与e1＋2e2不共线，可以作为平面内所有向量的一个基底；
对C项，设e1＋e2＝λ(e1－e2)，则eq \b\lc\{\rc\ (\a\vs4\al\c1(λ＝1，,1＝－λ，))无解，故e1＋e2与e1－e2不共线，可以作为平面内所有向量的一个基底；
对D项，e1－2e2＝－(－e1＋2e2)，所以e1－2e2与－e1＋2e2为共线向量，不能作为平面内所有向量的一个基底．
2．(2022·全国乙卷)已知向量a＝(2,1)，b＝(－2,4)，则|a－b|等于( )
A．2 B．3 C．4 D．5
答案 D
解析 由题意知a－b＝(2,1)－(－2,4)＝(4，－3)，所以|a－b|＝eq \r(42＋－32)＝5，故选D.
3．已知点P是△ABC所在平面内一点，且eq \(PA,\s\up6(→))＋eq \(PB,\s\up6(→))＋eq \(PC,\s\up6(→))＝0，则( )
A.eq \(PA,\s\up6(→))＝－eq \f(1,3)eq \(BA,\s\up6(→))＋eq \f(2,3)eq \(BC,\s\up6(→))
B.eq \(PA,\s\up6(→))＝eq \f(2,3)eq \(BA,\s\up6(→))＋eq \f(1,3)eq \(BC,\s\up6(→))
C.eq \(PA,\s\up6(→))＝－eq \f(1,3)eq \(BA,\s\up6(→))－eq \f(2,3)eq \(BC,\s\up6(→))
D.eq \(PA,\s\up6(→))＝eq \f(2,3)eq \(BA,\s\up6(→))－eq \f(1,3)eq \(BC,\s\up6(→))
答案 D
解析 由题意得，eq \(PA,\s\up6(→))＋eq \(PB,\s\up6(→))＋eq \(PC,\s\up6(→))＝0，所以eq \(PA,\s\up6(→))＋(eq \(AB,\s\up6(→))－eq \(AP,\s\up6(→)))＋(eq \(AC,\s\up6(→))－eq \(AP,\s\up6(→)))＝0，
∴eq \(PA,\s\up6(→))＋(eq \(AB,\s\up6(→))－eq \(AP,\s\up6(→)))＋(eq \(BC,\s\up6(→))－eq \(BA,\s\up6(→))－eq \(AP,\s\up6(→)))＝0，
∴3eq \(PA,\s\up6(→))＋eq \(BC,\s\up6(→))－2eq \(BA,\s\up6(→))＝0，
∴3eq \(PA,\s\up6(→))＝2eq \(BA,\s\up6(→))－eq \(BC,\s\up6(→))，
∴eq \(PA,\s\up6(→))＝eq \f(2,3)eq \(BA,\s\up6(→))－eq \f(1,3)eq \(BC,\s\up6(→)).
4．(2023·南京模拟)设平面向量a＝(1,2)，b＝(－2，y)，若a∥b，则|3a＋b|等于( )
A.eq \r(5) B.eq \r(6) C.eq \r(17) D.eq \r(26)
答案 A
解析 由于a∥b，所以1×y＝2×(－2)，解得y＝－4，
所以b＝(－2，－4)，
3a＋b＝(3,6)＋(－2，－4)＝(1,2)，|3a＋b|＝eq \r(12＋22)＝eq \r(5).
5.(2022·忻州模拟)如图，AB是⊙O的直径，点C，D是半圆弧上的两个三等分点，eq \(AB,\s\up6(→))＝a，eq \(AC,\s\up6(→))＝b，则eq \(BD,\s\up6(→))等于( )
A.eq \f(1,2)a－b B．a－eq \f(1,2)b
C．－eq \f(1,2)a＋b D．－a＋eq \f(1,2)b
答案 C
解析 画出图象如图所示，
由于C，D是半圆弧上的两个三等分点，
所以△AOC，△COD，△DOB是等边三角形，
所以OA＝OB＝OC＝OD＝AC＝CD＝BD，
所以四边形OACD和四边形OBDC是菱形，
所以eq \(BD,\s\up6(→))＝eq \(OC,\s\up6(→))＝eq \(AC,\s\up6(→))－eq \(AO,\s\up6(→))＝eq \(AC,\s\up6(→))－eq \f(1,2)eq \(AB,\s\up6(→))＝－eq \f(1,2)a＋b.
6．(多选)若k1a＋k2b＝0，则k1＝k2＝0，那么下列对a，b的判断不正确的是( )
A．a与b一定共线 B．a与b一定不共线
C．a与b一定垂直 D．a与b中至少有一个为0
答案 ACD
解析 由平面向量基本定理知，当a，b不共线时，若k1a＋k2b＝0，则k1＝k2＝0，
当a与b共线时，k1＝k2＝0只是其中一组解，此时解不唯一，所以A错误，B正确；
而当a，b不共线时，不一定有a与b垂直，所以C错误；
当a与b中至少有一个为0时，k1，k2中至少有一个可以不为零，所以D错误．
7.如图，在正方形ABCD中，P，Q分别是边BC，CD的中点，eq \(AP,\s\up6(→))＝xeq \(AC,\s\up6(→))＋yeq \(BQ,\s\up6(→))，则x等于( )
A.eq \f(11,13) B.eq \f(6,5)
C.eq \f(5,6) D.eq \f(3,2)
答案 C
解析 分别以AB，AD为x，y轴建立平面直角坐标系(图略)，不妨设正方形ABCD边长为2，则A(0,0)，B(2,0)，P(2,1)，Q(1,2)，C(2,2)，
则eq \(AP,\s\up6(→))＝(2,1)，eq \(AC,\s\up6(→))＝(2,2)，eq \(BQ,\s\up6(→))＝(－1,2)，又eq \(AP,\s\up6(→))＝xeq \(AC,\s\up6(→))＋yeq \(BQ,\s\up6(→))，则有2＝2x－y且1＝2x＋2y，解得x＝eq \f(5,6).
8．已知向量eq \(OA,\s\up6(→))＝(1，－3)，eq \(OB,\s\up6(→))＝(2，－1)，eq \(OC,\s\up6(→))＝(m＋1，m－2)，若点A，B，C能构成三角形，则实数m不可能是( )
A．－2 B.eq \f(1,2) C．1 D．－1
答案 C
解析 各选项代入验证，若A，B，C三点不共线即可构成三角形．因为eq \(AB,\s\up6(→))＝eq \(OB,\s\up6(→))－eq \(OA,\s\up6(→))＝(2，－1)－(1，－3)＝(1,2)，eq \(AC,\s\up6(→))＝eq \(OC,\s\up6(→))－eq \(OA,\s\up6(→))＝(m＋1，m－2)－(1，－3)＝(m，m＋1)．假设A，B，C三点共线，则1×(m＋1)－2m＝0，即m＝1.所以只要m≠1，A，B，C三点就可构成三角形．
9．已知向量a＝(1，－1)，b＝(2,0)，若向量ma＋b与2a－nb共线，则mn＝________.
答案 －2
解析 因为a＝(1，－1)，b＝(2,0)，1×0－(－1)×2≠0，
所以a与b不共线，则a与b可以作为平面内的一个基底，
因为ma＋b与2a－nb共线，又ma＋b＝(m＋2，－m)，2a－nb＝(2－2n，－2)，
所以(m＋2)×(－2)＝－m(2－2n)，即mn＝－2.
10．若在△ABC中，AB＝eq \r(2)，∠ABC＝eq \f(π,4)，BC＝3，AD为BC边上的高，O为AD上靠近点A的三等分点，且eq \(AO,\s\up6(→))＝λeq \(AB,\s\up6(→))＋μeq \(AC,\s\up6(→))，其中λ，μ∈R，则λ－2μ＝________.
答案 0
解析 由题意可知，在Rt△ABD中，AB＝eq \r(2)，∠ABC＝eq \f(π,4)，
所以BD＝1，所以BD＝eq \f(1,3)BC，
所以eq \(AO,\s\up6(→))＝eq \f(1,3)eq \(AD,\s\up6(→))＝eq \f(1,3)(eq \(AB,\s\up6(→))＋eq \(BD,\s\up6(→)))＝eq \f(1,3)eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\(AB,\s\up6(→))＋\f(1,3)\(BC,\s\up6(→))))＝eq \f(1,3)eq \(AB,\s\up6(→))＋eq \f(1,9)(eq \(BA,\s\up6(→))＋eq \(AC,\s\up6(→)))＝eq \f(2,9)eq \(AB,\s\up6(→))＋eq \f(1,9)eq \(AC,\s\up6(→))，
又因为eq \(AO,\s\up6(→))＝λeq \(AB,\s\up6(→))＋μeq \(AC,\s\up6(→))，
所以λ＝eq \f(2,9)，μ＝eq \f(1,9)，所以λ－2μ＝eq \f(2,9)－eq \f(2,9)＝0.
11．在平行四边形ABCD中，M，N分别是AD，CD的中点，eq \(BM,\s\up6(→))＝a，eq \(BN,\s\up6(→))＝b，则eq \(BD,\s\up6(→))等于( )
A.eq \f(3,4)a＋eq \f(2,3)b B.eq \f(2,3)a＋eq \f(2,3)b
C.eq \f(2,3)a＋eq \f(3,4)b D.eq \f(3,4)a＋eq \f(3,4)b
答案 B
解析 如图所示，
设eq \(AB,\s\up6(→))＝m，eq \(AD,\s\up6(→))＝n，且eq \(BD,\s\up6(→))＝xa＋yb，
则eq \(BD,\s\up6(→))＝xa＋yb＝x·eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(1,2)n－m))＋y·eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(n－\f(1,2)m))＝eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(1,2)x＋y))n－eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(x＋\f(1,2)y))m，
又因为eq \(BD,\s\up6(→))＝n－m，
所以eq \b\lc\{\rc\ (\a\vs4\al\c1(\f(1,2)x＋y＝1，,x＋\f(1,2)y＝1，))
解得eq \b\lc\{\rc\ (\a\vs4\al\c1(x＝\f(2,3)，,y＝\f(2,3)，))
所以eq \(BD,\s\up6(→))＝eq \f(2,3)a＋eq \f(2,3)b.
12．(2023·大理模拟)在△ABC中，D是直线AB上的点．若2eq \(BD,\s\up6(→))＝eq \(CB,\s\up6(→))＋λeq \(CA,\s\up6(→))，记△ACB的面积为S1，△ACD的面积为S2，则eq \f(S1,S2)等于( )
A.eq \f(λ,6) B.eq \f(λ,2) C.eq \f(1,3) D.eq \f(2,3)
答案 D
解析 依题意作图，如图所示，
设eq \(BD,\s\up6(→))＝μeq \(BA,\s\up6(→))＝μ(eq \(CA,\s\up6(→))－eq \(CB,\s\up6(→)))＝－μeq \(CB,\s\up6(→))＋μeq \(CA,\s\up6(→))，
由条件eq \(BD,\s\up6(→))＝eq \f(1,2)eq \(CB,\s\up6(→))＋eq \f(λ,2)eq \(CA,\s\up6(→)),
得μ＝－eq \f(1,2)，eq \f(λ,2)＝μ＝－eq \f(1,2)，eq \(BD,\s\up6(→))＝－eq \f(1,2)eq \(BA,\s\up6(→))，
∴点D在AB的延长线上，并且AD＝eq \f(3,2)AB，
∴eq \f(S1,S2)＝eq \f(AB,AD)＝eq \f(2,3).
13．已知0<θ<π，向量a＝eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(sin θ，2cs2\f(θ,2)))，b＝(1，sin θ)，且a∥b，则θ＝________.
答案 eq \f(π,2)
解析 因为a∥b，所以sin2θ＝2cs2eq \f(θ,2)，
所以4sin2eq \f(θ,2)cs2eq \f(θ,2)＝2cs2eq \f(θ,2)，
因为0<θ<π，cs eq \f(θ,2)≠0，
所以sin2eq \f(θ,2)＝eq \f(1,2)，所以sin eq \f(θ,2)＝eq \f(\r(2),2)，
因为0<θ<π，所以eq \f(θ,2)＝eq \f(π,4)，即θ＝eq \f(π,2).
14．如图，扇形的半径为1，且eq \(OA,\s\up6(→))⊥eq \(OB,\s\up6(→))，点C在弧AB上运动，若eq \(OC,\s\up6(→))＝xeq \(OA,\s\up6(→))＋yeq \(OB,\s\up6(→))，则2x＋y的最小值是________．
答案 1
解析 由题意得，eq \(OA,\s\up6(→))·eq \(OB,\s\up6(→))＝0，|eq \(OA,\s\up6(→))|＝|eq \(OB,\s\up6(→))|＝1，
所以|eq \(OC,\s\up6(→))|＝1，
由eq \(OC,\s\up6(→))＝xeq \(OA,\s\up6(→))＋yeq \(OB,\s\up6(→))，等式两边同时平方，
得|eq \(OC,\s\up6(→))|2＝x2|eq \(OA,\s\up6(→))|2＋y2|eq \(OB,\s\up6(→))|2＋2xyeq \(OA,\s\up6(→))·eq \(OB,\s\up6(→))，
所以1＝x2＋y2，
令∠AOC＝α，则x＝cs α，y＝sin α，α∈eq \b\lc\[\rc\](\a\vs4\al\c1(0，\f(π,2)))，
则2x＋y＝2cs α＋sin α＝eq \r(5)sin(α＋θ)，其中sin θ＝eq \f(2\r(5),5)，cs θ＝eq \f(\r(5),5)，θ∈eq \b\lc\[\rc\](\a\vs4\al\c1(0，\f(π,2)))，
因为θ≤α＋θ≤eq \f(π,2)＋θ，所以eq \f(\r(5),5)≤sin(α＋θ)≤1，
所以1≤eq \r(5)sin(α＋θ)≤eq \r(5)，即2x＋y的最小值为1.
15．(多选)(2023·潮汕模拟)已知集合E是由平面向量组成的集合，若对任意a，b∈E，t∈(0,1)，均有ta＋(1－t)b∈E，则称集合E是“凸”的，则下列集合中是“凸”的有( )
A．{(x，y)|y≥ex} B．{(x，y)|y≥ln x}
C．{(x，y)|x＋2y－1≥0} D．{(x，y)|x2＋y2≤1}
答案 ACD
解析 设eq \(OA,\s\up6(→))＝a，eq \(OB,\s\up6(→))＝b，eq \(OC,\s\up6(→))＝ta＋(1－t)b，
则C为线段AB上一点，
因此一个集合E是“凸”的就是E表示的平面区域上任意两点的连线上的点仍在该区域内，
四个选项所表示的平面区域如图中阴影所示，
观察选项A，B，C，D所对图形知，B不符合题意，A，C，D符合题意．
16.如图，矩形LMNK，LM＝6，sin∠MLN＝eq \f(2,3)，⊙E的半径为1，且E为NK的中点，P为圆E上的动点，设eq \(MP,\s\up6(→))＝λeq \(ML,\s\up6(→))＋μeq \(MN,\s\up6(→))，则λ＋μ的最小值是________．
答案 eq \f(5,4)
解析 如图，建立平面直角坐标系，由LM＝6，sin∠MLN＝eq \f(2,3)，解得MN＝eq \f(12 \r(5),5)，则Meq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(3，－\f(12 \r(5),5)))，N(3,0)，Leq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(－3，－\f(12 \r(5),5)))，设P(cs θ，sin θ)，
因为eq \(MP,\s\up6(→))＝λeq \(ML,\s\up6(→))＋μeq \(MN,\s\up6(→))， eq \(MP,\s\up6(→))＝eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(cs θ－3，sin θ＋\f(12\r(5),5)))，eq \(ML,\s\up6(→))＝(－6,0)，eq \(MN,\s\up6(→))＝eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(0，\f(12\r(5),5))).
所以eq \(MP,\s\up6(→))＝eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(cs θ－3，sin θ＋\f(12 \r(5),5)))＝λ(－6,0)＋μeq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(0，\f(12 \r(5),5)))，
即eq \b\lc\{\rc\ (\a\vs4\al\c1(cs θ－3＝－6λ，,sin θ＋\f(12\r(5),5)＝\f(12\r(5),5)μ，))解得eq \b\lc\{\rc\ (\a\vs4\al\c1(λ＝\f(3－cs θ,6)，,μ＝\f(\r(5),12)sin θ＋1.))
所以λ＋μ＝eq \f(3,2)＋eq \f(\r(5),12)sin θ－eq \f(1,6)cs θ＝eq \f(3,2)＋eq \f(1,4)sin(θ＋φ)，当sin(θ＋φ)＝－1时， λ＋μ取最小值eq \f(5,4).
3.会用坐标表示平面向量的加法、减法与数乘运算.4.理解用坐标表示的平面向量共线的条件．
知识梳理
1．平面向量基本定理
如果e1，e2是同一平面内的两个不共线向量，那么对于这一平面内的任一向量a，有且只有一对实数λ1，λ2，使a＝λ1e1＋λ2e2.
若e1，e2不共线，我们把{e1，e2}叫做表示这一平面内所有向量的一个基底．
2．平面向量的正交分解
把一个向量分解为两个互相垂直的向量，叫做把向量作正交分解．
3．平面向量的坐标运算
(1)向量加法、减法、数乘运算及向量的模
设a＝(x1，y1)，b＝(x2，y2)，则
a＋b＝(x1＋x2，y1＋y2)，a－b＝(x1－x2，y1－y2)，λa＝(λx1，λy1)，|a|＝eq \r(x\\al(2,1)＋y\\al(2,1)).
(2)向量坐标的求法
①若向量的起点是坐标原点，则终点坐标即为向量的坐标．
②设A(x1，y1)，B(x2，y2)，则eq \(AB,\s\up6(→))＝(x2－x1，y2－y1)，|eq \(AB,\s\up6(→))|＝eq \r(x2－x12＋y2－y12).
4．平面向量共线的坐标表示
设a＝(x1，y1)，b＝(x2，y2)，其中b≠0，则a∥b⇔x1y2－x2y1＝0.
常用结论
已知P为线段AB的中点，若A(x1，y1)，B(x2，y2)，则点P的坐标为eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(x1＋x2,2)，\f(y1＋y2,2)))；已知△ABC的顶点A(x1，y1)，B(x2，y2)，C(x3，y3)，则△ABC的重心G的坐标为eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(x1＋x2＋x3,3)，\f(y1＋y2＋y3,3))).
思考辨析
判断下列结论是否正确(请在括号中打“√”或“×”)
(1)平面内的任意两个向量都可以作为一个基底．( × )
(2)设{a，b}是平面内的一个基底，若λ1a＋λ2b＝0，则λ1＝λ2＝0.( √ )
(3)若a＝(x1，y1)，b＝(x2，y2)，则a∥b的充要条件可以表示成eq \f(x1,x2)＝eq \f(y1,y2).( × )
(4)平面向量不论经过怎样的平移变换之后其坐标不变．( √ )
教材改编题
1．下列各组向量中，可以作为基底的是( )
A．e1＝(0,0)，e2＝(1,2)
B．e1＝(2，－3)，e2＝eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(1,2)，－\f(3,4)))
C．e1＝(3,5)，e2＝(6,10)
D．e1＝(－1,2)，e2＝(5,7)
答案 D
解析 由于选项A，B，C中的向量e1，e2都共线，故不能作为基底．而选项D中的向量e1，e2不共线，故可作为基底．
2．若P1(1,3)，P2(4,0)，且P是线段P1P2的一个三等分点(靠近点P1)，则点P的坐标为( )
A．(2,2) B．(3，－1)
C．(2,2)或(3，－1) D．(2,2)或(3,1)
答案 A
解析 设P(x，y)，由题意知eq \(P1P,\s\up6(—→))＝eq \f(1,3)eq \(P1P2,\s\up6(—→))，
∴(x－1，y－3)＝eq \f(1,3)(4－1,0－3)＝(1，－1)，
即eq \b\lc\{\rc\ (\a\vs4\al\c1(x－1＝1，,y－3＝－1，))∴eq \b\lc\{\rc\ (\a\vs4\al\c1(x＝2，,y＝2.))
3．若a＝(6,6)，b＝(5,7)，c＝(2,4)，则下列结论成立的是( )
A．a－c与b共线 B．b＋c与a共线
C．a与b－c共线 D．a＋b与c共线
答案 C
解析 a－c＝(4,2)，因为4×7－5×2＝18≠0，所以a－c与b不共线；
b＋c＝(7,11)，因为7×6－6×11＝－24≠0，所以b＋c与a不共线；
b－c＝(3,3)，因为3×6－6×3＝0，所以a与b－c共线；
a＋b＝(11,13)，因为11×4－2×13＝18≠0，所以a＋b与c不共线.
题型一 平面向量基本定理的应用
例1 (1)如图，在平行四边形ABCD中，对角线AC与BD交于点O，且eq \(AE,\s\up6(→))＝2eq \(EO,\s\up6(→))，则eq \(ED,\s\up6(→))等于( )
A.eq \f(1,3)eq \(AD,\s\up6(→))－eq \f(2,3)eq \(AB,\s\up6(→)) B.eq \f(2,3)eq \(AD,\s\up6(→))＋eq \f(1,3)eq \(AB,\s\up6(→))
C.eq \f(2,3)eq \(AD,\s\up6(→))－eq \f(1,3)eq \(AB,\s\up6(→)) D.eq \f(1,3)eq \(AD,\s\up6(→))＋eq \f(2,3)eq \(AB,\s\up6(→))
答案 C
解析 因为四边形ABCD为平行四边形，对角线AC与BD交于点O，且eq \(AE,\s\up6(→))＝2eq \(EO,\s\up6(→))，
所以eq \(EA,\s\up6(→))＝－eq \f(1,3)eq \(AC,\s\up6(→))，
所以eq \(ED,\s\up6(→))＝eq \(EA,\s\up6(→))＋eq \(AD,\s\up6(→))＝－eq \f(1,3)eq \(AC,\s\up6(→))＋eq \(AD,\s\up6(→))＝－eq \f(1,3)(eq \(AD,\s\up6(→))＋eq \(AB,\s\up6(→)))＋eq \(AD,\s\up6(→))＝eq \f(2,3)eq \(AD,\s\up6(→))－eq \f(1,3)eq \(AB,\s\up6(→)).
(2)(2023·天津模拟)已知在△ABC中，eq \(AB,\s\up6(→))＝a，eq \(AC,\s\up6(→))＝b，D，F分别为BC，AC的中点，P为AD与BF的交点，若eq \(BP,\s\up6(→))＝xa＋yb，则x＋y＝________.
答案 －eq \f(1,3)
解析 因为D，F分别为BC，AC的中点，所以DF是△ABC的中位线，所以eq \f(DF,AB)＝eq \f(PD,AP)＝eq \f(1,2)，则eq \(BP,\s\up6(→))＝eq \(BA,\s\up6(→))＋eq \(AP,\s\up6(→))＝－eq \(AB,\s\up6(→))＋eq \f(2,3)eq \(AD,\s\up6(→))＝－eq \(AB,\s\up6(→))＋eq \f(2,3)×eq \f(1,2)(eq \(AB,\s\up6(→))＋eq \(AC,\s\up6(→)))＝－eq \f(2,3)a＋eq \f(1,3)b，所以x＝－eq \f(2,3)，y＝eq \f(1,3)，所以x＋y＝－eq \f(1,3).
思维升华 (1)应用平面向量基本定理表示向量的实质是利用平行四边形法则或三角形法则进行向量的加、减或数乘运算．
(2)用平面向量基本定理解决问题的一般思路是：先选择一个基底，并运用该基底将条件和结论表示成向量的形式，再通过向量的运算来解决．
跟踪训练1 (1)(多选)下列命题中正确的是( )
A．若p＝xa＋yb，则p与a，b共面
B．若p与a，b共面，则存在实数x，y使得p＝xa＋yb
C．若eq \(MP,\s\up6(→))＝xeq \(MA,\s\up6(→))＋yeq \(MB,\s\up6(→))，则P，M，A，B共面
D．若P，M，A，B共面，则存在实数x，y使得eq \(MP,\s\up6(→))＝xeq \(MA,\s\up6(→))＋yeq \(MB,\s\up6(→))
答案 AC
解析 对于B，若a，b共线，p与a，b不共线，则不存在实数x，y使得p＝xa＋yb，故B错误；对于D，若M，A，B共线，P在直线AB外，则不存在实数x，y使得eq \(MP,\s\up6(→))＝xeq \(MA,\s\up6(→))＋yeq \(MB,\s\up6(→))，故D错误；由平面向量基本定理知AC正确．
(2)如图，已知平面内有三个向量eq \(OA,\s\up6(→))，eq \(OB,\s\up6(→))，eq \(OC,\s\up6(→))，其中eq \(OA,\s\up6(→))与eq \(OB,\s\up6(→))的夹角为120°，eq \(OA,\s\up6(→))与eq \(OC,\s\up6(→))的夹角为30°，且|eq \(OA,\s\up6(→))|＝|eq \(OB,\s\up6(→))|＝1，|eq \(OC,\s\up6(→))|＝2eq \r(3).若eq \(OC,\s\up6(→))＝λeq \(OA,\s\up6(→))＋μeq \(OB,\s\up6(→))(λ，μ∈R)，则λ＋μ＝________.
答案 6
解析 方法一 如图，作平行四边形OB1CA1，
则eq \(OC,\s\up6(→))＝eq \(OB1,\s\up6(—→))＋eq \(OA1,\s\up6(—→))，
因为eq \(OA,\s\up6(→))与eq \(OB,\s\up6(→))的夹角为120°，eq \(OA,\s\up6(→))与eq \(OC,\s\up6(→))的夹角为30°，
所以∠B1OC＝90°.
在Rt△OB1C中，∠OCB1＝30°，|eq \(OC,\s\up6(→))|＝2eq \r(3)，
所以|eq \(OB1,\s\up6(—→))|＝2，|eq \(B1C,\s\up6(—→))|＝4，
所以|eq \(OA1,\s\up6(—→))|＝|eq \(B1C,\s\up6(—→))|＝4，
所以eq \(OC,\s\up6(→))＝4eq \(OA,\s\up6(→))＋2eq \(OB,\s\up6(→))，所以λ＝4，μ＝2，
所以λ＋μ＝6.
方法二 以O为原点，建立如图所示的平面直角坐标系，
则A(1,0)，Beq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(－\f(1,2)，\f(\r(3),2)))，C(3，eq \r(3))．
由eq \(OC,\s\up6(→))＝λeq \(OA,\s\up6(→))＋μeq \(OB,\s\up6(→))，
得eq \b\lc\{\rc\ (\a\vs4\al\c1(3＝λ－\f(1,2)μ，,\r(3)＝\f(\r(3),2)μ，))解得eq \b\lc\{\rc\ (\a\vs4\al\c1(λ＝4，,μ＝2.))所以λ＋μ＝6.
题型二 平面向量的坐标运算
例2 (1)已知eq \(AB,\s\up6(→))＝(1，－1)，C(0,1)，若eq \(CD,\s\up6(→))＝2eq \(AB,\s\up6(→))，则点D的坐标为( )
A．(－2,3) B．(2，－3)
C．(－2,1) D．(2，－1)
答案 D
解析 设D(x，y)，则eq \(CD,\s\up6(→))＝(x，y－1)，
2eq \(AB,\s\up6(→))＝(2，－2)，
根据eq \(CD,\s\up6(→))＝2eq \(AB,\s\up6(→))，得(x，y－1)＝(2，－2)，
即eq \b\lc\{\rc\ (\a\vs4\al\c1(x＝2，,y－1＝－2，))解得eq \b\lc\{\rc\ (\a\vs4\al\c1(x＝2，,y＝－1，))
所以点D的坐标为(2，－1)．
(2)如图，在直角梯形ABCD中，AB∥DC，AD⊥DC，AD＝DC＝2AB，E为AD的中点，若eq \(CA,\s\up6(→))＝λeq \(CE,\s\up6(→))＋μeq \(DB,\s\up6(→))(λ，μ∈R)，则λ＋μ的值为( )
A.eq \f(6,5) B.eq \f(8,5)
C．2 D.eq \f(8,3)
答案 B
解析 建立如图所示的平面直角坐标系，则D(0,0)．
不妨设AB＝1，则CD＝AD＝2，
∴C(2,0)，A(0,2)，B(1,2)，E(0,1)，
∴eq \(CA,\s\up6(→))＝(－2,2)，eq \(CE,\s\up6(→))＝(－2,1)，eq \(DB,\s\up6(→))＝(1,2)，
∵eq \(CA,\s\up6(→))＝λeq \(CE,\s\up6(→))＋μeq \(DB,\s\up6(→))，
∴(－2,2)＝λ(－2,1)＋μ(1,2)，
∴eq \b\lc\{\rc\ (\a\vs4\al\c1(－2λ＋μ＝－2，,λ＋2μ＝2，))解得eq \b\lc\{\rc\ (\a\vs4\al\c1(λ＝\f(6,5)，,μ＝\f(2,5)，))
故λ＋μ＝eq \f(8,5).
思维升华 (1)利用向量的坐标运算解题，主要是利用加法、减法、数乘运算法则，然后根据“两个向量相等当且仅当它们的坐标对应相等”这一原则，化归为方程(组)进行求解．
(2)向量的坐标表示使向量运算代数化，成为数与形结合的载体，可以使很多几何问题的解答转化为我们熟知的数量运算．
跟踪训练2 (1)已知M(－2,7)，N(10，－2)，点P是线段MN上的点，且eq \(PN,\s\up6(→))＝－2eq \(PM,\s\up6(→))，则P点的坐标为( )
A．(2,4) B．(－14,16)
C．(6,1) D．(22，－11)
答案 A
解析 设P(x，y)，则eq \(PN,\s\up6(→))＝(10－x，－2－y)，
eq \(PM,\s\up6(→))＝(－2－x,7－y)，
由eq \(PN,\s\up6(→))＝－2eq \(PM,\s\up6(→))⇒eq \b\lc\{\rc\ (\a\vs4\al\c1(10－x＝－2－2－x，,－2－y＝－27－y))⇒eq \b\lc\{\rc\ (\a\vs4\al\c1(x＝2，,y＝4.))
(2)已知向量a，b，c在正方形网格中的位置如图所示，用基底eq \b\lc\{\rc\}(\a\vs4\al\c1(a，b))表示c，则( )
A．c＝2a－3b B．c＝－2a－3b
C．c＝－3a＋2b D．c＝3a－2b
答案 D
解析 如图，建立平面直角坐标系，设正方形网格的边长为1，
则A(1,0)，B(2,1)，C(0,4)，D(7,1)，
所以a＝(1,1)，b＝(－2,3)，c＝(7，－3)，
设向量c＝ma＋nb，
则c＝ma＋nb＝(m－2n，m＋3n)＝(7，－3)，
则eq \b\lc\{\rc\ (\a\vs4\al\c1(m－2n＝7，,m＋3n＝－3))⇒eq \b\lc\{\rc\ (\a\vs4\al\c1(m＝3，,n＝－2，))
所以c＝3a－2b.
题型三 向量共线的坐标表示
命题点1 利用向量共线求参数
例3 已知eq \(AB,\s\up6(→))＝(6,1)，eq \(BC,\s\up6(→))＝(x，y)，eq \(CD,\s\up6(→))＝(－2，－3)，eq \(BC,\s\up6(→))∥eq \(DA,\s\up6(→))，则x＋2y的值为( )
A．－1 B．0 C．1 D．2
答案 B
解析 因为eq \(AB,\s\up6(→))＝(6,1)，eq \(BC,\s\up6(→))＝(x，y)，eq \(CD,\s\up6(→))＝(－2，－3)，
所以eq \(AD,\s\up6(→))＝eq \(AB,\s\up6(→))＋eq \(BC,\s\up6(→))＋eq \(CD,\s\up6(→))＝(4＋x，y－2)，
所以eq \(DA,\s\up6(→))＝(－x－4,2－y)，
因为eq \(BC,\s\up6(→))∥eq \(DA,\s\up6(→))，
所以x(2－y)＝y(－x－4)，
所以2x＋4y＝0，即x＋2y＝0.
命题点2 利用向量共线求向量或点的坐标
例4 设点A(2,0)，B(4,2)，若点P在直线AB上，且|eq \(AB,\s\up6(→))|＝2|eq \(AP,\s\up6(→))|，则点P的坐标为( )
A．(3,1) B．(1，－1)
C．(3,1)或(1，－1) D．(3,1)或(1,1)
答案 C
解析 ∵A(2,0)，B(4,2)，∴eq \(AB,\s\up6(→))＝(2,2)，∵点P在直线AB上，且|eq \(AB,\s\up6(→))|＝2|eq \(AP,\s\up6(→))|，∴eq \(AB,\s\up6(→))＝2eq \(AP,\s\up6(→))或eq \(AB,\s\up6(→))＝－2eq \(AP,\s\up6(→))，故eq \(AP,\s\up6(→))＝(1,1)或eq \(AP,\s\up6(→))＝(－1，－1)，故P点坐标为(3,1)或(1，－1)．
思维升华 平面向量共线的坐标表示问题的解题策略
(1)若a＝(x1，y1)，b＝(x2，y2)，其中b≠0，则a∥b的充要条件是x1y2＝x2y1.
(2)在求与一个已知向量a共线的向量时，可设所求向量为λa(λ∈R)．
跟踪训练3 (1)已知向量a＝(－3,2)，b＝(4，－2λ)，若(a＋2b)∥(a－b)，则实数λ的值为( )
A.eq \f(2,3) B.eq \f(4,3) C.eq \f(7,4) D.eq \f(7,5)
答案 B
解析 由已知得a＋2b＝(5,2－4λ)，a－b＝(－7,2＋2λ)，
∵(a＋2b)∥(a－b)，
∴5×(2＋2λ)－(－7)×(2－4λ)＝0，解得λ＝eq \f(4,3).
(2)在△ABC中，角A，B，C的对边分别为a，b，c，C＝eq \f(π,3)，若m＝(c－eq \r(6)，a－b)，n＝(a－b，c＋eq \r(6))，且m∥n，则△ABC的面积为( )
A．3 B.eq \f(9\r(3),2) C.eq \f(3\r(3),2) D．3eq \r(3)
答案 C
解析 ∵m＝(c－eq \r(6)，a－b)，n＝(a－b，c＋eq \r(6))，
且m∥n，
∴(a－b)2＝(c－eq \r(6))(c＋eq \r(6))，化为a2＋b2－c2＝2ab－6.
∴cs eq \f(π,3)＝eq \f(a2＋b2－c2,2ab)＝eq \f(2ab－6,2ab)＝eq \f(1,2)，解得ab＝6.
∴S△ABC＝eq \f(1,2)absin C＝eq \f(1,2)×6×eq \f(\r(3),2)＝eq \f(3\r(3),2).
课时精练
1．如果e1，e2是平面内一组不共线的向量，那么下列四组向量中，不能作为平面内所有向量的一个基底的是( )
A．e1与e1＋e2
B．e1－2e2与e1＋2e2
C．e1＋e2与e1－e2
D．e1－2e2与－e1＋2e2
答案 D
解析 对A项，设e1＋e2＝λe1，则eq \b\lc\{\rc\ (\a\vs4\al\c1(λ＝1，,1＝0，))无解，故e1与e1＋e2不共线，可以作为平面内所有向量的一个基底；
对B项，设e1－2e2＝λ(e1＋2e2)，则eq \b\lc\{\rc\ (\a\vs4\al\c1(λ＝1，,－2＝2λ，))无解，故e1－2e2与e1＋2e2不共线，可以作为平面内所有向量的一个基底；
对C项，设e1＋e2＝λ(e1－e2)，则eq \b\lc\{\rc\ (\a\vs4\al\c1(λ＝1，,1＝－λ，))无解，故e1＋e2与e1－e2不共线，可以作为平面内所有向量的一个基底；
对D项，e1－2e2＝－(－e1＋2e2)，所以e1－2e2与－e1＋2e2为共线向量，不能作为平面内所有向量的一个基底．
2．(2022·全国乙卷)已知向量a＝(2,1)，b＝(－2,4)，则|a－b|等于( )
A．2 B．3 C．4 D．5
答案 D
解析 由题意知a－b＝(2,1)－(－2,4)＝(4，－3)，所以|a－b|＝eq \r(42＋－32)＝5，故选D.
3．已知点P是△ABC所在平面内一点，且eq \(PA,\s\up6(→))＋eq \(PB,\s\up6(→))＋eq \(PC,\s\up6(→))＝0，则( )
A.eq \(PA,\s\up6(→))＝－eq \f(1,3)eq \(BA,\s\up6(→))＋eq \f(2,3)eq \(BC,\s\up6(→))
B.eq \(PA,\s\up6(→))＝eq \f(2,3)eq \(BA,\s\up6(→))＋eq \f(1,3)eq \(BC,\s\up6(→))
C.eq \(PA,\s\up6(→))＝－eq \f(1,3)eq \(BA,\s\up6(→))－eq \f(2,3)eq \(BC,\s\up6(→))
D.eq \(PA,\s\up6(→))＝eq \f(2,3)eq \(BA,\s\up6(→))－eq \f(1,3)eq \(BC,\s\up6(→))
答案 D
解析 由题意得，eq \(PA,\s\up6(→))＋eq \(PB,\s\up6(→))＋eq \(PC,\s\up6(→))＝0，所以eq \(PA,\s\up6(→))＋(eq \(AB,\s\up6(→))－eq \(AP,\s\up6(→)))＋(eq \(AC,\s\up6(→))－eq \(AP,\s\up6(→)))＝0，
∴eq \(PA,\s\up6(→))＋(eq \(AB,\s\up6(→))－eq \(AP,\s\up6(→)))＋(eq \(BC,\s\up6(→))－eq \(BA,\s\up6(→))－eq \(AP,\s\up6(→)))＝0，
∴3eq \(PA,\s\up6(→))＋eq \(BC,\s\up6(→))－2eq \(BA,\s\up6(→))＝0，
∴3eq \(PA,\s\up6(→))＝2eq \(BA,\s\up6(→))－eq \(BC,\s\up6(→))，
∴eq \(PA,\s\up6(→))＝eq \f(2,3)eq \(BA,\s\up6(→))－eq \f(1,3)eq \(BC,\s\up6(→)).
4．(2023·南京模拟)设平面向量a＝(1,2)，b＝(－2，y)，若a∥b，则|3a＋b|等于( )
A.eq \r(5) B.eq \r(6) C.eq \r(17) D.eq \r(26)
答案 A
解析 由于a∥b，所以1×y＝2×(－2)，解得y＝－4，
所以b＝(－2，－4)，
3a＋b＝(3,6)＋(－2，－4)＝(1,2)，|3a＋b|＝eq \r(12＋22)＝eq \r(5).
5.(2022·忻州模拟)如图，AB是⊙O的直径，点C，D是半圆弧上的两个三等分点，eq \(AB,\s\up6(→))＝a，eq \(AC,\s\up6(→))＝b，则eq \(BD,\s\up6(→))等于( )
A.eq \f(1,2)a－b B．a－eq \f(1,2)b
C．－eq \f(1,2)a＋b D．－a＋eq \f(1,2)b
答案 C
解析 画出图象如图所示，
由于C，D是半圆弧上的两个三等分点，
所以△AOC，△COD，△DOB是等边三角形，
所以OA＝OB＝OC＝OD＝AC＝CD＝BD，
所以四边形OACD和四边形OBDC是菱形，
所以eq \(BD,\s\up6(→))＝eq \(OC,\s\up6(→))＝eq \(AC,\s\up6(→))－eq \(AO,\s\up6(→))＝eq \(AC,\s\up6(→))－eq \f(1,2)eq \(AB,\s\up6(→))＝－eq \f(1,2)a＋b.
6．(多选)若k1a＋k2b＝0，则k1＝k2＝0，那么下列对a，b的判断不正确的是( )
A．a与b一定共线 B．a与b一定不共线
C．a与b一定垂直 D．a与b中至少有一个为0
答案 ACD
解析 由平面向量基本定理知，当a，b不共线时，若k1a＋k2b＝0，则k1＝k2＝0，
当a与b共线时，k1＝k2＝0只是其中一组解，此时解不唯一，所以A错误，B正确；
而当a，b不共线时，不一定有a与b垂直，所以C错误；
当a与b中至少有一个为0时，k1，k2中至少有一个可以不为零，所以D错误．
7.如图，在正方形ABCD中，P，Q分别是边BC，CD的中点，eq \(AP,\s\up6(→))＝xeq \(AC,\s\up6(→))＋yeq \(BQ,\s\up6(→))，则x等于( )
A.eq \f(11,13) B.eq \f(6,5)
C.eq \f(5,6) D.eq \f(3,2)
答案 C
解析 分别以AB，AD为x，y轴建立平面直角坐标系(图略)，不妨设正方形ABCD边长为2，则A(0,0)，B(2,0)，P(2,1)，Q(1,2)，C(2,2)，
则eq \(AP,\s\up6(→))＝(2,1)，eq \(AC,\s\up6(→))＝(2,2)，eq \(BQ,\s\up6(→))＝(－1,2)，又eq \(AP,\s\up6(→))＝xeq \(AC,\s\up6(→))＋yeq \(BQ,\s\up6(→))，则有2＝2x－y且1＝2x＋2y，解得x＝eq \f(5,6).
8．已知向量eq \(OA,\s\up6(→))＝(1，－3)，eq \(OB,\s\up6(→))＝(2，－1)，eq \(OC,\s\up6(→))＝(m＋1，m－2)，若点A，B，C能构成三角形，则实数m不可能是( )
A．－2 B.eq \f(1,2) C．1 D．－1
答案 C
解析 各选项代入验证，若A，B，C三点不共线即可构成三角形．因为eq \(AB,\s\up6(→))＝eq \(OB,\s\up6(→))－eq \(OA,\s\up6(→))＝(2，－1)－(1，－3)＝(1,2)，eq \(AC,\s\up6(→))＝eq \(OC,\s\up6(→))－eq \(OA,\s\up6(→))＝(m＋1，m－2)－(1，－3)＝(m，m＋1)．假设A，B，C三点共线，则1×(m＋1)－2m＝0，即m＝1.所以只要m≠1，A，B，C三点就可构成三角形．
9．已知向量a＝(1，－1)，b＝(2,0)，若向量ma＋b与2a－nb共线，则mn＝________.
答案 －2
解析 因为a＝(1，－1)，b＝(2,0)，1×0－(－1)×2≠0，
所以a与b不共线，则a与b可以作为平面内的一个基底，
因为ma＋b与2a－nb共线，又ma＋b＝(m＋2，－m)，2a－nb＝(2－2n，－2)，
所以(m＋2)×(－2)＝－m(2－2n)，即mn＝－2.
10．若在△ABC中，AB＝eq \r(2)，∠ABC＝eq \f(π,4)，BC＝3，AD为BC边上的高，O为AD上靠近点A的三等分点，且eq \(AO,\s\up6(→))＝λeq \(AB,\s\up6(→))＋μeq \(AC,\s\up6(→))，其中λ，μ∈R，则λ－2μ＝________.
答案 0
解析 由题意可知，在Rt△ABD中，AB＝eq \r(2)，∠ABC＝eq \f(π,4)，
所以BD＝1，所以BD＝eq \f(1,3)BC，
所以eq \(AO,\s\up6(→))＝eq \f(1,3)eq \(AD,\s\up6(→))＝eq \f(1,3)(eq \(AB,\s\up6(→))＋eq \(BD,\s\up6(→)))＝eq \f(1,3)eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\(AB,\s\up6(→))＋\f(1,3)\(BC,\s\up6(→))))＝eq \f(1,3)eq \(AB,\s\up6(→))＋eq \f(1,9)(eq \(BA,\s\up6(→))＋eq \(AC,\s\up6(→)))＝eq \f(2,9)eq \(AB,\s\up6(→))＋eq \f(1,9)eq \(AC,\s\up6(→))，
又因为eq \(AO,\s\up6(→))＝λeq \(AB,\s\up6(→))＋μeq \(AC,\s\up6(→))，
所以λ＝eq \f(2,9)，μ＝eq \f(1,9)，所以λ－2μ＝eq \f(2,9)－eq \f(2,9)＝0.
11．在平行四边形ABCD中，M，N分别是AD，CD的中点，eq \(BM,\s\up6(→))＝a，eq \(BN,\s\up6(→))＝b，则eq \(BD,\s\up6(→))等于( )
A.eq \f(3,4)a＋eq \f(2,3)b B.eq \f(2,3)a＋eq \f(2,3)b
C.eq \f(2,3)a＋eq \f(3,4)b D.eq \f(3,4)a＋eq \f(3,4)b
答案 B
解析 如图所示，
设eq \(AB,\s\up6(→))＝m，eq \(AD,\s\up6(→))＝n，且eq \(BD,\s\up6(→))＝xa＋yb，
则eq \(BD,\s\up6(→))＝xa＋yb＝x·eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(1,2)n－m))＋y·eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(n－\f(1,2)m))＝eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(1,2)x＋y))n－eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(x＋\f(1,2)y))m，
又因为eq \(BD,\s\up6(→))＝n－m，
所以eq \b\lc\{\rc\ (\a\vs4\al\c1(\f(1,2)x＋y＝1，,x＋\f(1,2)y＝1，))
解得eq \b\lc\{\rc\ (\a\vs4\al\c1(x＝\f(2,3)，,y＝\f(2,3)，))
所以eq \(BD,\s\up6(→))＝eq \f(2,3)a＋eq \f(2,3)b.
12．(2023·大理模拟)在△ABC中，D是直线AB上的点．若2eq \(BD,\s\up6(→))＝eq \(CB,\s\up6(→))＋λeq \(CA,\s\up6(→))，记△ACB的面积为S1，△ACD的面积为S2，则eq \f(S1,S2)等于( )
A.eq \f(λ,6) B.eq \f(λ,2) C.eq \f(1,3) D.eq \f(2,3)
答案 D
解析 依题意作图，如图所示，
设eq \(BD,\s\up6(→))＝μeq \(BA,\s\up6(→))＝μ(eq \(CA,\s\up6(→))－eq \(CB,\s\up6(→)))＝－μeq \(CB,\s\up6(→))＋μeq \(CA,\s\up6(→))，
由条件eq \(BD,\s\up6(→))＝eq \f(1,2)eq \(CB,\s\up6(→))＋eq \f(λ,2)eq \(CA,\s\up6(→)),
得μ＝－eq \f(1,2)，eq \f(λ,2)＝μ＝－eq \f(1,2)，eq \(BD,\s\up6(→))＝－eq \f(1,2)eq \(BA,\s\up6(→))，
∴点D在AB的延长线上，并且AD＝eq \f(3,2)AB，
∴eq \f(S1,S2)＝eq \f(AB,AD)＝eq \f(2,3).
13．已知0<θ<π，向量a＝eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(sin θ，2cs2\f(θ,2)))，b＝(1，sin θ)，且a∥b，则θ＝________.
答案 eq \f(π,2)
解析 因为a∥b，所以sin2θ＝2cs2eq \f(θ,2)，
所以4sin2eq \f(θ,2)cs2eq \f(θ,2)＝2cs2eq \f(θ,2)，
因为0<θ<π，cs eq \f(θ,2)≠0，
所以sin2eq \f(θ,2)＝eq \f(1,2)，所以sin eq \f(θ,2)＝eq \f(\r(2),2)，
因为0<θ<π，所以eq \f(θ,2)＝eq \f(π,4)，即θ＝eq \f(π,2).
14．如图，扇形的半径为1，且eq \(OA,\s\up6(→))⊥eq \(OB,\s\up6(→))，点C在弧AB上运动，若eq \(OC,\s\up6(→))＝xeq \(OA,\s\up6(→))＋yeq \(OB,\s\up6(→))，则2x＋y的最小值是________．
答案 1
解析 由题意得，eq \(OA,\s\up6(→))·eq \(OB,\s\up6(→))＝0，|eq \(OA,\s\up6(→))|＝|eq \(OB,\s\up6(→))|＝1，
所以|eq \(OC,\s\up6(→))|＝1，
由eq \(OC,\s\up6(→))＝xeq \(OA,\s\up6(→))＋yeq \(OB,\s\up6(→))，等式两边同时平方，
得|eq \(OC,\s\up6(→))|2＝x2|eq \(OA,\s\up6(→))|2＋y2|eq \(OB,\s\up6(→))|2＋2xyeq \(OA,\s\up6(→))·eq \(OB,\s\up6(→))，
所以1＝x2＋y2，
令∠AOC＝α，则x＝cs α，y＝sin α，α∈eq \b\lc\[\rc\](\a\vs4\al\c1(0，\f(π,2)))，
则2x＋y＝2cs α＋sin α＝eq \r(5)sin(α＋θ)，其中sin θ＝eq \f(2\r(5),5)，cs θ＝eq \f(\r(5),5)，θ∈eq \b\lc\[\rc\](\a\vs4\al\c1(0，\f(π,2)))，
因为θ≤α＋θ≤eq \f(π,2)＋θ，所以eq \f(\r(5),5)≤sin(α＋θ)≤1，
所以1≤eq \r(5)sin(α＋θ)≤eq \r(5)，即2x＋y的最小值为1.
15．(多选)(2023·潮汕模拟)已知集合E是由平面向量组成的集合，若对任意a，b∈E，t∈(0,1)，均有ta＋(1－t)b∈E，则称集合E是“凸”的，则下列集合中是“凸”的有( )
A．{(x，y)|y≥ex} B．{(x，y)|y≥ln x}
C．{(x，y)|x＋2y－1≥0} D．{(x，y)|x2＋y2≤1}
答案 ACD
解析 设eq \(OA,\s\up6(→))＝a，eq \(OB,\s\up6(→))＝b，eq \(OC,\s\up6(→))＝ta＋(1－t)b，
则C为线段AB上一点，
因此一个集合E是“凸”的就是E表示的平面区域上任意两点的连线上的点仍在该区域内，
四个选项所表示的平面区域如图中阴影所示，
观察选项A，B，C，D所对图形知，B不符合题意，A，C，D符合题意．
16.如图，矩形LMNK，LM＝6，sin∠MLN＝eq \f(2,3)，⊙E的半径为1，且E为NK的中点，P为圆E上的动点，设eq \(MP,\s\up6(→))＝λeq \(ML,\s\up6(→))＋μeq \(MN,\s\up6(→))，则λ＋μ的最小值是________．
答案 eq \f(5,4)
解析 如图，建立平面直角坐标系，由LM＝6，sin∠MLN＝eq \f(2,3)，解得MN＝eq \f(12 \r(5),5)，则Meq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(3，－\f(12 \r(5),5)))，N(3,0)，Leq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(－3，－\f(12 \r(5),5)))，设P(cs θ，sin θ)，
因为eq \(MP,\s\up6(→))＝λeq \(ML,\s\up6(→))＋μeq \(MN,\s\up6(→))， eq \(MP,\s\up6(→))＝eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(cs θ－3，sin θ＋\f(12\r(5),5)))，eq \(ML,\s\up6(→))＝(－6,0)，eq \(MN,\s\up6(→))＝eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(0，\f(12\r(5),5))).
所以eq \(MP,\s\up6(→))＝eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(cs θ－3，sin θ＋\f(12 \r(5),5)))＝λ(－6,0)＋μeq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(0，\f(12 \r(5),5)))，
即eq \b\lc\{\rc\ (\a\vs4\al\c1(cs θ－3＝－6λ，,sin θ＋\f(12\r(5),5)＝\f(12\r(5),5)μ，))解得eq \b\lc\{\rc\ (\a\vs4\al\c1(λ＝\f(3－cs θ,6)，,μ＝\f(\r(5),12)sin θ＋1.))
所以λ＋μ＝eq \f(3,2)＋eq \f(\r(5),12)sin θ－eq \f(1,6)cs θ＝eq \f(3,2)＋eq \f(1,4)sin(θ＋φ)，当sin(θ＋φ)＝－1时， λ＋μ取最小值eq \f(5,4).
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