2020山东济宁中考物理试卷及答案解析

这是一份2020山东济宁中考物理试卷及答案解析，共31页。试卷主要包含了选择题，填空题，作图与实验题，计算题等内容，欢迎下载使用。

2020年山东省济宁市中考物理试卷
一、选择题（下列各题的四个选项中，只有一项符合题意，每小题2分，共20分）
1．（2分）（2020•济宁）如图所示，下列实验仪器的使用不正确的是（　　）
A．
B．
C．
D．
2．（2分）（2020•济宁）以下与声现象有关的几个实验中，能说明声音产生原因的是（　　）
实验：①放在钟罩内的闹钟正在响铃，在抽取钟罩内的空气的过程中，铃声逐渐减小；
②将正在发声的音叉轻轻插入水里，看到水花飞溅；
③吹笛子时，手指按住不同的孔会发出不同的声音；
④在吊着的大钟上固定一支细小的笔，把钟敲响后，用纸在笔尖上迅速拖过，可以在纸上画出一条来回弯曲的细线。
A．①② B．②④ C．③④ D．①③
3．（2分）（2020•济宁）下列说法中正确的是（　　）
A．温度高的物体，其内能不一定大
B．做功一定可以使物体的热量增加
C．风能、水能和煤都是可再生能源
D．气体在流速大的地方压强也较大
4．（2分）（2020•济宁）小红将一杯常温的开水放入正常工作的冰箱的冷冻室中，经过一段较长时间后，杯中的水发生了物态变化，图四个图象中能正确反映这杯水的物态变化过程的是（　　）
A． B．
C． D．
5．（2分）（2020•济宁）下列各选项中，完全正确的是（　　）
A．
空间尺度大小的比较
银河系
＞
太阳系
原子
＜
电子
B．
能源、材料的开发和利用
太阳能
太阳能电池
半导体材料
二极管、三极管
C．
家庭电路与安全用电
带金属外壳的洗衣机
金属外壳要接地
开关
要接在零线上
D．
两物体间的相互作用
带同种电荷的两小球
相互排斥
两磁铁的同名磁极
相互吸引
6．（2分）（2020•济宁）如图所示，小明用水平推力推静止在水平地面上的箱子，但箱子却没有运动。下列说法正确的是（　　）

A．箱子没有运动，此时箱子所受推力小于箱子所受摩擦力
B．箱子所受重力和地面对箱子的支持力是一对相互作用力
C．地面对箱子的支持力和箱子对地面的压力是一对平衡力
D．箱子此时在水平方向上和竖直方向上受到的合力均为零
7．（2分）（2020•济宁）如图，分析不正确的是（　　）
A．图甲：此冲程将内能转化为机械能
B．图乙：使用该滑轮一定省一半的力
C．图丙：水中的“桥”是光反射形成的
D．图丁：可探究产生感应电流的条件
8．（2分）（2020•济宁）甲、乙分别为两种电磁波，其部分波形如图（a）所示，其中甲是我们能看得见的红光。结合图（b）的电磁波谱，下列分析正确的是（　　）

A．乙一定是我们能看得见的另一种色光
B．两种电磁波在真空中的波速可能不同
C．遥控器可以利用乙电磁波遥控电视机
D．医生可以利用乙电磁波拍片诊断病情
9．（2分）（2020•济宁）关于一些物理量的计算（g取10N/kg，q酒精＝3×107J/kg），结果正确的是（　　）
A．1m3的物体浸没在水中，所受浮力为104N
B．10m深处的小鱼，受到水的压强为106Pa
C．重1N的魔方的棱长为5cm，其对桌面的压强为4Pa
D．完全燃烧2kg酒精，释放的热量为1.5×107J
10．（2分）（2020•济宁）如图是已连接的部分电路，表中的结果符合ab间、ac间、bc间的连接情况的是（　　）
选项
ab间连接
ac间连接
bc间连接
结果
A
2V的电源
不接
不接
电流表示数为0.04A
B
不接
一根导线
2V的电源
电路总功率为0.08W
C
一根导线
2V的电源
不接
电路总电阻为25Ω
D
2V的电源
电压表
一根导线
电流表示数为0.5A

A．A B．B C．C D．D
二、填空题（每空1分，共12分）
11．（2分）（2020•济宁）如图1、2所示，铅笔的长度为　 　cm；电能表的示数为　 　kW•h．
12．（2分）（2020•济宁）小明在探究速度的变化时，拍摄了两个小球运动过程的频闪照片，如图所示，闪光时间间隔为1s，图上数字为闪光时刻编号，请根据图中信息回答下列问题。
（1）不可能做匀速直线运动的是小球　 　（选填“A”或“B”）；
（2）小球A和B在第1s至第6s这段时间间隔内的平均速度应为：vA　 　vB（选填“＝”“＞”或“＜”）。
13．（1分）（2020•济宁）杠杆两端螺母的作用是　 　，图中的杠杆在水平位置平衡，若在两侧各减掉一个等重的钩码，杠杆　 　（选填“能”或“不能”）保持水平平衡。

14．（2分）（2020•济宁）将刚烧开的2L热水倒入保温瓶中，两天后小明估测水温约为50℃，则热水的质量为　 　kg，保温瓶散失的热量约为　 　J。
15．（2分）（2020•济宁）生产和生活中使用的某些合金，是不同种金属经过　 　（填物态变化名称）再冷却后得到的。下面表格中的几种金属，难以与其他金属形成合金的是　 　。
金属
铁
铜
银
金
钨
铝
熔点t熔/℃
1525
1083
962
1064
3410
660
沸点t沸/℃
2750
2596
2212
2707
5627
2327
16．（2分）（2020•济宁）如图所示的电路中，L1、L2为两个阻值恒定的灯泡，甲、乙是连接实验室常用电流表或电压表的位置。在甲、乙位置分别接入量程不同的某种电表，只闭合开关S1，两灯均发光，两电表指针偏转角度相同。断开开关S1，在甲、乙位置分别接另一种电表，闭合开关S1和S2，两灯均发光，则此时两电表示数之比为　 　，灯泡L1与L2的电功率之比为　 　。

三、作图与实验题（17题4分，18题5分，19题4分，20题3分，共16分）
17．（2分）（2020•济宁）一束光照射到平面镜上，如图所示。请在图中画出反射光线并标出反射角的度数。（按要求完成图）

18．（2分）（2020•济宁）请在图中画出跳水运动员对跳板的压力。（按要求完成图）

19．（5分）（2020•济宁）如图所示，结合图中的实验情景，按要求回答下列问题：
（1）图甲：空易拉罐浸入水中越深，排开的水越多，手施加的压力越大，这表明：易拉罐所受浮力的大小与　 　有关。
（2）图乙：滚摆在上、下运动的过程中，其　 　能与　 　能相互转化。
（3）图丙：向一杯清水中滴入滴蓝墨水，很快会把整杯清水染成蓝色，这一现象表明　 　。
（4）图丁：用此实验装置可研究电阻与导体　 　的关系。
20．（5分）（2020•济宁）小明利用如图（a）所示的器材做“探究凸透镜成像规律”的实验。
（1）实验前，应先将烛焰、凸透镜和光屏的中心调节到同一水平高度。小明按要求调好后，将蜡烛放在2倍焦距以外，为了能找到凸透镜成像时像的位置，需要对光屏进行的操作是：　 　，直到光屏上呈现清晰的像。
（2）由于实验时间较长，烛焰的像即将超出光屏的上边缘，这时可以向上移动　 　（选填“蜡烛”“凸透镜”或“光屏”），再次使像呈现在光屏中央。
（3）小明摘下眼镜放到凸透镜前，光屏上呈现清晰的像，如图（b）所示。拿走眼镜，需将光屏向凸透镜方向移动，才能在光屏上再次呈现清晰的像，说明小明戴的眼镜对光有　 　（选填“会聚”或“发散”）作用。此实验中，光屏相当于人眼睛构造中的　 　。
21．（3分）（2020•济宁）电炉丝通过导线接到电路里，电炉丝和导线通过的电流相同，电炉丝热得发红，而导线却几乎不发热。为探究其原因，小明连接了如图所示的实验电路，其中R1＞R2。
（1）实验中通过　 　（选填“温度计示数”“加热时间”或“温度计示数的变化”）来反映电阻丝产生热量的多少。在“探究动能的大小与哪些因素有关”的实验中就用到这种思想和方法：让同一钢球从光滑斜面上不同高度滚下后撞击木块，通过木块　 　来反映动能的大小。
（2）实验表明：在电流和通电时间相同时，电阻越大，电流产生的热量越多。请解释“电炉丝热得发红，而导线却几乎不发热”的原因：　 　。

四、计算题（22题6分，23题6分，共12分）
22．（6分）（2020•济宁）塔吊是一种常见的起重设备，图是塔吊的示意图。电动起重机在2min内将质量为3t的物体匀速提升30m高，又用1min使物体在水平方向平移15m。（g取10N/kg）求：
（1）吊物体的钢丝绳3min内对物体所做的功；
（2）吊物体的钢丝绳3min内对物体所做功的功率；
（3）若电动机提升物体时的效率为90%，平移物体时的功率为2kW，求电动机3min内消耗的电能。

23．（6分）（2020•济宁）额定电压为9V的小灯泡的I﹣U图象如图（a）所示。将小灯泡接入图（b）所示的电路中，电源电压恒定。将滑动变阻器的滑片移至最右端，闭合开关S和S1，小灯泡正常发光，电流表示数为0.4A．求：

（1）小灯泡的额定功率；
（2）定值电阻R的阻值；
（3）只闭合开关S，将滑动变阻器的滑片由右端逐渐向左移动，求滑动变阻器允许接入电路的最大阻值。

2020年山东省济宁市中考物理试卷
参考答案与试题解析
一、选择题（下列各题的四个选项中，只有一项符合题意，每小题2分，共20分）
1．（2分）（2020•济宁）如图所示，下列实验仪器的使用不正确的是（　　）
A．
B．
C．
D．
【分析】根据每种仪器的使用方法、注意事项分析各个选项，得出正确答案。
【解答】解：
A、温度计测量液体温度时，玻璃泡完全浸没在被测液体中，不要碰到容器底和壁，读数时视线应和液面相平，故A正确；
B、读取量筒中液体的体积时，视线应与凹面的底部相平，故B正确；
C、在调节平衡螺母前，应该先把游码拨到标尺左端的“0”刻度线处，故C错误；
D、用测电笔检测导线是零线还是火线时，笔尖接触导线，手接触笔尾金属体，氖管发光的是火线，氖管不发光的是零线，故D正确。
故选：C。
【点评】本题主要考查了相关基本测量仪器的使用，要掌握仪器的使用方法，属基础知识的考查。
2．（2分）（2020•济宁）以下与声现象有关的几个实验中，能说明声音产生原因的是（　　）
实验：①放在钟罩内的闹钟正在响铃，在抽取钟罩内的空气的过程中，铃声逐渐减小；
②将正在发声的音叉轻轻插入水里，看到水花飞溅；
③吹笛子时，手指按住不同的孔会发出不同的声音；
④在吊着的大钟上固定一支细小的笔，把钟敲响后，用纸在笔尖上迅速拖过，可以在纸上画出一条来回弯曲的细线。
A．①② B．②④ C．③④ D．①③
【分析】解决此题要知道声音是由物体的振动产生的，声音需要介质来传播，声音在真空中不能传播，声音的音调是由频率决定的。
【解答】解：①放在钟罩内的闹钟正在响铃，抽去钟罩内的空气，铃声逐渐减小。说明声音的传播需要介质来传播，声音在真空中不能传播；
②使正在发声的音叉轻轻插入水里，水面溅起水花，说明声音是由物体振动产生的；
③吹笛子时，手指按住不同的孔会发出声音的音调不同，说明音调与频率有关，说明音的音调与声源振动的快慢（频率）有关；
④在吊着的大钟上固定一支细小的笔，把钟敲响后，让笔尖在纸上迅速滑过，可以在纸上画出一条来回弯曲的细线，说明声音是由物体振动产生的。
故②④符合题意，①③不合题意。
故选：B。
【点评】解决此类问题要结合声音产生和传播条件进行解答，比较简单，属于基础题。
3．（2分）（2020•济宁）下列说法中正确的是（　　）
A．温度高的物体，其内能不一定大
B．做功一定可以使物体的热量增加
C．风能、水能和煤都是可再生能源
D．气体在流速大的地方压强也较大
【分析】（1）影响物体内能大小的因素有质量和温度高低，同一物体温度越高，具有的内能越大；
（2）改变物体内能的方式有做功和热传递，这两种方式是等效的；
（3）不可再生能源：我们今天使用的煤、石油、天然气是存储的亿万年的太阳能，是不可再生能源。可再生能源：我们今天大力开发的新能源有风能、水能、太阳能、沼气、地热、核能等都是可再生能源；
（4）流速大的地方压强小。
【解答】解：A、影响物体内能大小的因素有物质的量和温度高低，物质的量不同，温度高的物体，其内能不一定大，故A正确；
B、做功改变物体的内能，宏观表现为物体温度的变化，并非增加热量，故B错误；
C、煤属于化石能源，属于不可再生能源，风能和水能是可再生能源，故C错误。
D、气体在流速大的地方压强也较小，故D错误；
故选：A。
【点评】本题考查影响内能的因素，做功和热传递都可以改变物体的内能，能源分类，以及流速与压强的关系，是一道综合题。
4．（2分）（2020•济宁）小红将一杯常温的开水放入正常工作的冰箱的冷冻室中，经过一段较长时间后，杯中的水发生了物态变化，图四个图象中能正确反映这杯水的物态变化过程的是（　　）
A． B．
C． D．
【分析】本题主要考查对水的凝固点和晶体凝固图象的记忆。冰为晶体，水的凝固点为0℃。
【解答】解：将一杯常温的开水放入正常工作的冰箱的冷冻室中，水的温度逐渐降低，经过一段较长时间后，水达到凝固温度0℃并逐渐凝
固；当水全部凝固后，冰的温度再次降低。由于A和B中图象温度升高，所以A和B都不正确；由于C图中的凝固点不是0℃，所以C
不正确。
故选：D。
【点评】本题的解题关键是先判断出水的温度变化，然后记住水的凝固点。
5．（2分）（2020•济宁）下列各选项中，完全正确的是（　　）
A．
空间尺度大小的比较
银河系
＞
太阳系
原子
＜
电子
B．
能源、材料的开发和利用
太阳能
太阳能电池
半导体材料
二极管、三极管
C．
家庭电路与安全用电
带金属外壳的洗衣机
金属外壳要接地
开关
要接在零线上
D．
两物体间的相互作用
带同种电荷的两小球
相互排斥
两磁铁的同名磁极
相互吸引
【分析】掌握教材所学的基础知识，对各项进行分析。
【解答】解：A、太阳系是银河系中的一个普通星系；原子是由原子核和核外电子组成的。故A不完全正确；
B、太阳能电池将太阳能转化为电能；半导体材料可以制作二极管、三极管。故B完全正确；
C、为保证用电安全，具有金属外壳的用电器外壳部分要接地，所以洗衣机外壳接地；控制用电器的开关要串联在火线上。故C不完全正确；
D、同种电荷相互排斥，同名磁极相互排斥。故D不完全正确。
故选：B。
【点评】此题考查了微观到宏观的尺度、能源与材料的利用、安全用电常识及物体间相互作用等知识，都是所学的基础知识，平时学习中应注意积累，对知识进行整合。
6．（2分）（2020•济宁）如图所示，小明用水平推力推静止在水平地面上的箱子，但箱子却没有运动。下列说法正确的是（　　）

A．箱子没有运动，此时箱子所受推力小于箱子所受摩擦力
B．箱子所受重力和地面对箱子的支持力是一对相互作用力
C．地面对箱子的支持力和箱子对地面的压力是一对平衡力
D．箱子此时在水平方向上和竖直方向上受到的合力均为零
【分析】（1）（4）物体处于静止或匀速直线运动状态时，受到平衡力的作用，合力为0；
（2）相互作用的两个力的特点是：作用在两个不同的物体上，大小相等、方向相反、作用在同一直线上；
（3）物体在平衡力的作用下一定处于处于静止或匀速直线运动状态，二力平衡的条件是：大小相等、方向相反、作用在同一个物体上、且作用在同一条直线上。
【解答】解：A、箱子没有运动，此时受力平衡，在水平方向上受到推力和摩擦力的作用，这两个力是一对平衡力，大小相等，故A错误；
B、箱子受到的重力和地面对箱子的支持力符合二力平衡的四个条件，是一对平衡力，故B错误；
C、地面对箱子的支持力和箱子对地面的压力大小相等，方向相反，同一直线，作用在不同的物体上，是一对相互作用力，故C错误；
D、箱子此时处于静止状态，则在水平方向上和竖直方向上受到的合力均为零，故D正确。
故选：D。
【点评】本题主要考查了二力平衡条件的应用及相互作用力的应用以及摩擦力的方向的判断，物体不受力时的运动状态取决于原来的运动状态。
7．（2分）（2020•济宁）如图，分析不正确的是（　　）
A．图甲：此冲程将内能转化为机械能
B．图乙：使用该滑轮一定省一半的力
C．图丙：水中的“桥”是光反射形成的
D．图丁：可探究产生感应电流的条件
【分析】（1）由图甲判断热机的工作冲程，从而判断其能量的转化；
（2）由图可知，该滑轮是动滑轮，动滑轮的本质是动力臂是阻力臂2倍的杠杆，理想情况下可以省一半的力；
（3）平面镜成像是光的反射形成的；
（4）闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，电路中就会产生感应电流，该现象叫电磁感应现象。
【解答】解：
A、由图甲知，气门都关闭，活塞向下运动，是做功冲程，内能转化成机械能，故A正确；
B、由图乙知，该滑轮是动滑轮，在不考虑绳重、动滑轮重和摩擦时（理想情况下），使用动滑轮才省力一半，故B错误；
C、由图丙知，水中的“桥”是桥通过水面成像（平面镜成像），是光反射形成的，故C正确；
D、由图丁知，闭合电路的部分导体做切割磁感线运动时能产生电流，可探究产生感应电流的条件，故D正确。
故选：B。
【点评】本题考查了热机能量的转化、动滑轮省力情况的理解、光的反射以及电磁感应现象的认识，考查知识点多，综合性强，但难度不大。
8．（2分）（2020•济宁）甲、乙分别为两种电磁波，其部分波形如图（a）所示，其中甲是我们能看得见的红光。结合图（b）的电磁波谱，下列分析正确的是（　　）

A．乙一定是我们能看得见的另一种色光
B．两种电磁波在真空中的波速可能不同
C．遥控器可以利用乙电磁波遥控电视机
D．医生可以利用乙电磁波拍片诊断病情
【分析】（1）根据图象分析甲乙频率的大小；
（2）电磁波在真空中的传播速度是相同的；
（3）遥控器发出的是红外线；
（4）拍片使用的是x射线。
【解答】解：
A、由图可知，甲的波长小，乙的波长大，则甲的频率高，乙的频率低；甲是我们能看得见的红光，根据图（b）可知，乙可能是红外线，人看不见红外线，故A错误；
B、不同频率的两种电磁波在真空中的波速是相同的，故B错误；
C、遥控器是利用红外线来遥控电视机的，由于乙可能是红外线，所以利用的是乙；故C正确；
D、医生可以利用x射线拍片诊断病情，故D错误。
故选：C。
【点评】本题考查了电磁波的特点和应用，属于基础知识，要熟记。
9．（2分）（2020•济宁）关于一些物理量的计算（g取10N/kg，q酒精＝3×107J/kg），结果正确的是（　　）
A．1m3的物体浸没在水中，所受浮力为104N
B．10m深处的小鱼，受到水的压强为106Pa
C．重1N的魔方的棱长为5cm，其对桌面的压强为4Pa
D．完全燃烧2kg酒精，释放的热量为1.5×107J
【分析】（1）由阿基米德原理F浮＝G排＝ρ液gV排即可求出物体受到的浮力；
（2）已知深度和水的密度，利用液体压强公式p＝ρ液gh求出小鱼受到水的压强；
（3）由题意可知，压力等于魔方的重力，再求出魔方的底面积，利用p＝求其对桌面的压强；
（4）根据Q＝mq可求得完全燃烧2kg酒精能够放出的热量。
【解答】解：
A、1m3的物体浸没在水中，则V排＝V＝1m3，物体受到的浮力为：F浮＝ρ水gV排＝1×103kg/m3×10N/kg×1m3＝1×104N，故A正确；
B、该处的小鱼受到水的压强：p＝ρgh＝1.0×103kg/m3×10N/kg×10m＝1×105Pa，故B错误；
C、魔方对桌面的压力：F＝G＝1N，魔方块的底面积S＝5cm×5cm＝25cm2＝2.5×10﹣3m2，
则魔方对桌面的压强：p＝＝＝400Pa，故C错误；
D、完全燃烧2kg酒精能够放出的热量Q＝mq＝2kg×3×107J/kg＝6×107J，故D错误。
故选：A。
【点评】本题考查浮力、压强和热量的计算，关键是阿基米德原理、燃料燃烧的公式Q＝mq的熟练应用，要求学生牢固掌握。
10．（2分）（2020•济宁）如图是已连接的部分电路，表中的结果符合ab间、ac间、bc间的连接情况的是（　　）
选项
ab间连接
ac间连接
bc间连接
结果
A
2V的电源
不接
不接
电流表示数为0.04A
B
不接
一根导线
2V的电源
电路总功率为0.08W
C
一根导线
2V的电源
不接
电路总电阻为25Ω
D
2V的电源
电压表
一根导线
电流表示数为0.5A

A．A B．B C．C D．D
【分析】根据每个选项中的不同的连接方式判定电路的连接方式，然后根据欧姆定律和电功率的计算公式分析。
【解答】解：
A、ab间连接2V的电源，ac、bc不连接时，只有电阻R1和电流表串联接入电路中，如图：
；
此时电流表的示数为I＝＝＝0.4A，故A错误；
B、ab间不连接，ac之间接一根导线，bc连接2V的电源时，此时R2被短路，只有电阻R1和电流表串联接入电路中，如图：
；
此时电流表的示数为I＝＝＝0.4A，电路的总功率为：P＝UI＝2V×0.4A＝0.8W，故B错误；
C、ab间一根导线，ac间连接2V的电源，bc不接时，此时R1被短路，只有电阻R2和电流表串联接入电路中，如图：
；
电路的总电阻为20Ω，故C错误；
D、ab间连接2V的电源，ac之间接电压表，bc接一根导线时，此时该电路为并联电路，电流表测量干路中的电流；
；
通过R1的电流为：I1＝＝＝0.4A，通过R2的电流为：I2＝＝＝0.1A，则干路中的电流即电流表示数为：I＝I1+I2＝0.4A+0.1A＝0.5A，故D正确。
故选：D。
【点评】本题比较复杂，解题关键在于知道每种情况下的电路的连接方式，然后跟据电路结构进行相关计算，考查了学生的判断能力和综合分析能力，是易错题。
二、填空题（每空1分，共12分）
11．（2分）（2020•济宁）如图1、2所示，铅笔的长度为　3.00　cm；电能表的示数为　1362.5　kW•h．
【分析】（1）使用刻度尺时要明确其分度值，起始端从0开始，读出末端刻度值，就是物体的长度，注意刻度尺要估读到分度值的下一位；
（2）电能表是测量用电器消耗电能多少的仪表，常用的计量单位是kW•h，也就是“度”，数字的最后一位是小数。
【解答】解：
（1）由图知：刻度尺上1cm之间有10个小格，所以一个小格代表的长度是0.1cm＝1mm，即此刻度尺的分度值为1mm；铅笔左侧与0刻度线对齐，右侧与3.00cm对齐，所以铅笔的长度为L＝3.00cm；
（2）电能表表盘标有“kW•h”，表示采用的计量单位是kW•h，也就是“度”，此时的数字是“1362.5”，所以用电器消耗的电能为1362.5kW•h。
故答案为：3.00；1362.5。
【点评】初中物理学习了很多测量工具的使用，但没有特殊说明，只有刻度尺的读数要有估读值，其它只要读到准确值即可。
12．（2分）（2020•济宁）小明在探究速度的变化时，拍摄了两个小球运动过程的频闪照片，如图所示，闪光时间间隔为1s，图上数字为闪光时刻编号，请根据图中信息回答下列问题。
（1）不可能做匀速直线运动的是小球　A　（选填“A”或“B”）；
（2）小球A和B在第1s至第6s这段时间间隔内的平均速度应为：vA　＞　vB（选填“＝”“＞”或“＜”）。
【分析】（1）根据图示判断A、B两球的运动状态。若相同时间内通过的路程相等，则说明物体做匀速直线运动；若相同时间内通过的路程不相等，则说明物体做变速直线运动；
（2）根据图示比较A、B两球在第1s至第6s这段时间间隔内通过的路程得出结论。
【解答】解：
（1）由图可知，在相同的时间内A球的路程越来越大，所以A球做的是变速直线运动；在相同的时刻内B球的路程不变，所以B球做的是匀速直线运动；故不可能做匀速直线运动的是小球A。
（2）由图可知，第1s至第6s，A球通过的路程大于20个小格、B球通过的路程为20个小格，即A球通过的路程大于B球通过的路程，所以A球的平均速度大于B球的平均速度，即vA＞vB。
故答案为：（1）A；（2）＞。
【点评】此题考查变速运动与平均速度，关键是从图片中获取相关信息，并利用好控制变量法。
13．（1分）（2020•济宁）杠杆两端螺母的作用是　调节杠杆在水平位置平衡　，图中的杠杆在水平位置平衡，若在两侧各减掉一个等重的钩码，杠杆　不能　（选填“能”或“不能”）保持水平平衡。

【分析】（1）为了避免杠杆重力对杠杆平衡产生的影响和便于测量力臂，实验前，应首先进行杠杆平衡调节，根据杠杆的平衡条件，杠杆左、右两端的螺母（或一端的螺母）向杠杆上翘的一端调节；
（2）根据杠杆平衡原理分析，当左右两侧力与力臂的乘积不相等时，杠杆会转动，直到在新的位置找到平衡。
【解答】解：实验前，应首先进行杠杆平衡调节。当杠杆处于水平平衡时，作用在杠杆上的动力和阻力即为钩码的重力，其方向恰好与杠杆垂直，这时力的力臂就可以从杠杆上的刻度直接读出；
设一个钩码的重力为G，杠杆的一个小格为L，如果在两侧钩码下再各取下一个相同的钩码后：左边＝2G×2L＝4GL；右边＝G×3L＝3GL；
左边大于右边，根据杠杆平衡条件F1L1＝F2L2可知杠杆不再水平平衡，左侧下降。
故答案为：调节杠杆在水平位置平衡；不能。
【点评】本题考查杠杆平衡条件的应用，利用杠杆平衡条件，可以求出力或力臂大小，也可以判断杠杆是否平衡，或判断力的大小变化等，杠杆平衡条件应用很广泛。
14．（2分）（2020•济宁）将刚烧开的2L热水倒入保温瓶中，两天后小明估测水温约为50℃，则热水的质量为　2　kg，保温瓶散失的热量约为　4.2×105　J。
【分析】知道水的体积和密度，利用密度公式可求水的质量；又知水的比热容、水的初温和末温，利用放热公式求出保温瓶散失的热量。
【解答】解：水的体积V＝2L＝2×10﹣3m3，
由ρ＝可得，热水的质量为：
m＝ρ水V＝1×103kg/m3×2×10﹣3m3＝2kg。
保温瓶散失的热量约为：
Q放＝cm（t﹣t0）＝4.2×103J/（kg•℃）×2kg×（100℃﹣50℃）＝4.2×105J。
故答案为：2；4.2×105。
【点评】本题考查了质量和热量的计算，此类问题在计算热量时要注意温度降低了（△t）与降低到（末温）的区别，属于基础题目。
15．（2分）（2020•济宁）生产和生活中使用的某些合金，是不同种金属经过　熔化　（填物态变化名称）再冷却后得到的。下面表格中的几种金属，难以与其他金属形成合金的是　钨　。
金属
铁
铜
银
金
钨
铝
熔点t熔/℃
1525
1083
962
1064
3410
660
沸点t沸/℃
2750
2596
2212
2707
5627
2327
【分析】合金是指在一种金属中加热熔合其它金属或非金属而形成的具有金属特性的物质；由表格的信息可知：金属钨的熔点比铁、铜、银、金的沸点高，因此难以与其他金属形成合金。
【解答】解：
合金是指在一种金属中加热熔合其它金属或非金属而形成的具有金属特性的物质；
要与其他的金属形成合金，必须先与其他的金属放在一起进行熔化，当钨还没有达到熔点的时候，其它的三种金属都已经达到沸点开始汽化变成气态。
故答案为：熔化；钨。
【点评】本题主要考查了物态变化以及合金的形成条件，属于基础性题目。
16．（2分）（2020•济宁）如图所示的电路中，L1、L2为两个阻值恒定的灯泡，甲、乙是连接实验室常用电流表或电压表的位置。在甲、乙位置分别接入量程不同的某种电表，只闭合开关S1，两灯均发光，两电表指针偏转角度相同。断开开关S1，在甲、乙位置分别接另一种电表，闭合开关S1和S2，两灯均发光，则此时两电表示数之比为　4：5　，灯泡L1与L2的电功率之比为　4：1　。

【分析】只闭合开关S1，两表都是电流表时两灯泡才能发光，并且两电灯并联，甲表测总电流，乙表测通过L1的电流；由并联电路的电流特点可知，甲电流表示数应大于乙电流表示数，而两电表指针偏转角度相同，说明甲电流表的量程为0﹣3A、乙电流表的量程为0﹣0.6A，则可知甲表示数是乙表示数的5倍，由并联电路的特点和欧姆定律可求得两灯的电阻之比；
闭合开关S1和S2，两灯均发光时，两表都是电压表，且两灯泡串联，乙电压表测总电压，甲电压表测L1两端的电压，由串联电路的电流特点和欧姆定律可先求得两灯两端的电压之比，再由串联电路的电压特点可知两电表的示数之比；根据公式P＝UI和串联电路电流相等可知：串联电路各用电器电功率之比等于电压之比。
【解答】解：
由图可知，只闭合开关S1，两表都是电流表时两灯泡才能发光，此时两电灯并联，甲表测总电流，乙表测通过L1的电流；
由并联电路的电流特点可知，甲电流表示数应大于乙电流表示数，而两电表指针偏转角度相同，说明甲电流表的量程为0﹣3A、乙电流表的量程为0﹣0.6A，则可知甲电流表示数是乙电流表示数的5倍，
设乙表中电流为I乙＝I，则甲表中电流为I甲＝5I，
则由并联电路的电流特点可知，流过L2中的电流I2＝I甲﹣I乙＝5I﹣I＝4I；
则可得：＝＝；
并联电路各支路两端的电压相等，则由欧姆定律I＝可得：＝＝＝；
闭合开关S1和S2，两灯均发光时，则由图可知此时两表都是电压表，此时两灯泡串联，乙电压表测总电压，甲电压表测L1两端的电压，
因串联电路中各处的电流相等，
则两灯两端的电压之比为：＝＝＝，
乙电压表测总电压，甲电压表测L1两端的电压，由串联电路的电压特点可知U乙＝U1+U2，U甲＝U1；
故两电表示数之比为：＝＝＝；
此时灯泡L1与L2的电功率之比为：＝＝＝。
故答案为：4：5；4：1。
【点评】本题考查了串并联电路的特点和欧姆定律的应用，分清电流表的类型是解题的基础，分清楚电路的连接方式和电表所测的电路元件是关键。
三、作图与实验题（17题4分，18题5分，19题4分，20题3分，共16分）
17．（2分）（2020•济宁）一束光照射到平面镜上，如图所示。请在图中画出反射光线并标出反射角的度数。（按要求完成图）

【分析】①根据反射定律：反射光线、入射光线和法线在同一平面内，反射光线、入射光线分居法线两侧，反射角等于入射角，作出反射光线并标出反射角。
②要掌握入射角和反射角的概念：入射角是入射光线与法线的夹角；反射角是反射光线与法线的夹角。
【解答】解：首先垂直于镜面画出法线，然后根据反射光线、入射光线分居法线两侧，反射角等于入射角在法线右侧画出反射光线；
此时入射光线与平面镜夹角为60°，所以入射角为90°﹣60°＝30°，则反射角也为30°，如图所示：

【点评】此题主要考查了光的反射定律的应用，首先要熟记光的反射定律的内容，并要注意入射角与反射角的概念，入射角是入射光线与法线的夹角；反射角是反射光线与法线的夹角。
18．（2分）（2020•济宁）请在图中画出跳水运动员对跳板的压力。（按要求完成图）

【分析】（1）确定跳水运动员对跳板的压力的作用点和方向，然后按照力的示意图的画法画图；
（2）画力的示意图的一般步骤为：一画简图二定点，三画线，四画尖，五把力的符号标尖边。按照这个作图步骤，很容易能够画出指定力的示意图。
【解答】解：跳水运动员对跳板的压力的作用点在跳板上，方向垂直于跳板向下，从作用点起，垂直跳板画线段，在线段的末端画上箭头表示力的方向，如下图所示：

【点评】本题考查了力的示意图的画法。力的示意图要把力的方向和作用点画出来；注意压力的作用点在跳板上，方向垂直于跳板向下。
19．（5分）（2020•济宁）如图所示，结合图中的实验情景，按要求回答下列问题：
（1）图甲：空易拉罐浸入水中越深，排开的水越多，手施加的压力越大，这表明：易拉罐所受浮力的大小与　排开液体的体积　有关。
（2）图乙：滚摆在上、下运动的过程中，其　动　能与　重力势　能相互转化。
（3）图丙：向一杯清水中滴入滴蓝墨水，很快会把整杯清水染成蓝色，这一现象表明　分子在永不停息地做无规则运动　。
（4）图丁：用此实验装置可研究电阻与导体　长度　的关系。
【分析】（1）由阿基米德原理分析易拉罐受到浮力大小的影响因素；
（2）动能大小的影响因素：质量、速度。质量越大，速度越大，动能越大；
重力势能大小的影响因素：质量、被举得高度。质量越大，高度越高，重力势能越大；
（3）扩散现象，说明分子在永不停息地做无规则运动；
（4）影响电阻大小的因素有：导体的材料、长度和横截面积，以及温度。
【解答】解：（1）易拉罐浸入水中越深，即排开水的体积越大，手会感到越吃力；这说明浮力的大小与物体排开液体的体积有关。
（2）滚摆上升过程中，高度增加，重力势能增大，速度减小，动能减小，动能转化为重力势能；
滚摆下降过程中，高度变小，重力势能变小，速度增加，动能增加，重力势能转化为动能；
（3）向一杯清水中滴入一滴红墨水，一段时间后，整杯水变红，这是因为红墨水分子运动到水里面的结果，属于扩散现象，说明分子在永不停息地做无规则运动。
（4）在温度不变时，导体的电阻由导体的材料、横截面积和长度决定的，分析图中的两电阻丝的材料和横截面积相同，长度不同，故通过观察电流表示数研究导体的电阻与导体的长度是否有关。
故答案为：（1）排开液体的体积；（2）动；重力势；（3）分子在永不停息地做无规则运动；（4）长度。
【点评】本题考查了课本中几个探究实验，是较典型的几个实验之，要熟练掌握探究的物体知识和控制变量的探究方法。
20．（5分）（2020•济宁）小明利用如图（a）所示的器材做“探究凸透镜成像规律”的实验。
（1）实验前，应先将烛焰、凸透镜和光屏的中心调节到同一水平高度。小明按要求调好后，将蜡烛放在2倍焦距以外，为了能找到凸透镜成像时像的位置，需要对光屏进行的操作是：　来回移动光屏　，直到光屏上呈现清晰的像。
（2）由于实验时间较长，烛焰的像即将超出光屏的上边缘，这时可以向上移动　蜡烛或光屏　（选填“蜡烛”“凸透镜”或“光屏”），再次使像呈现在光屏中央。
（3）小明摘下眼镜放到凸透镜前，光屏上呈现清晰的像，如图（b）所示。拿走眼镜，需将光屏向凸透镜方向移动，才能在光屏上再次呈现清晰的像，说明小明戴的眼镜对光有　发散　（选填“会聚”或“发散”）作用。此实验中，光屏相当于人眼睛构造中的　视网膜　。
【分析】（1）物距大于二倍焦距成倒立缩小实像，像距大于一倍焦距小于二倍焦距；
（2）根据光线过光心不改变方向，判断光屏或蜡烛或凸透镜的移动情况；
（3）近视眼镜是凹透镜，对光线有发散作用。
【解答】解：（1）将蜡烛放在2倍焦距以外，此时成的是倒立、缩小的实像，像距在一倍焦距和二倍焦距之间，所以需要来回移动光屏，知道光屏上呈现清晰的像；
（2）由于蜡烛的燃烧，烛焰的高度逐渐降低，根据光线过光心不改变方向，光屏上的像将向上移动，要使像继续成在光屏中央，可以使；蜡烛向上移动、或凸透镜向下移动，或光屏向上移动；
（3）小明摘下眼镜放到凸透镜前，光屏上呈现清晰的像，拿走眼镜，需将光屏向凸透镜方向移动，才能在光屏上再次呈现清晰的像，这表明放上该眼镜时，像推迟会聚，即该眼镜对光线具有发散作用，是凹透镜，凹透镜可以矫正近视眼；此实验中，光屏是接收像的，相当于人眼睛构造中的视网膜。
故答案为：（1）来回移动光屏；（2）蜡烛或光屏；（3）发散；视网膜。
【点评】此题是探究凸透镜成像的实验，考查了凸透镜成像规律、凹透镜的特点，要熟记规律，特别注意成像特点与物距之间的关系。
21．（3分）（2020•济宁）电炉丝通过导线接到电路里，电炉丝和导线通过的电流相同，电炉丝热得发红，而导线却几乎不发热。为探究其原因，小明连接了如图所示的实验电路，其中R1＞R2。
（1）实验中通过　温度计示数的变化　（选填“温度计示数”“加热时间”或“温度计示数的变化”）来反映电阻丝产生热量的多少。在“探究动能的大小与哪些因素有关”的实验中就用到这种思想和方法：让同一钢球从光滑斜面上不同高度滚下后撞击木块，通过木块　移动的距离　来反映动能的大小。
（2）实验表明：在电流和通电时间相同时，电阻越大，电流产生的热量越多。请解释“电炉丝热得发红，而导线却几乎不发热”的原因：　电炉丝与导线是串联的，电流和通电时间相等，根据Q＝I2Rt，电阻越大，产生的热量越多，而电炉丝的电阻远大于导线的电阻　。

【分析】（1）用质量相同的煤油温度变化量来反映电流产生的热量的多少；让同一钢球从光滑斜面上不同高度滚下后撞击木块，通过木块移动的距离来反映动能的大小。这种方法是转换法。
（2）根据焦耳定律公式Q＝I2Rt进行分析。
【解答】解：
（1）通电后电流通过电阻丝做功，产生热量被煤油吸收，使煤油的温度升高，通过观察温度计的示数变化来判断电流产生的热量的多少。
让同一钢球从光滑斜面上不同高度滚下后撞击木块，控制了钢球的质量，改变的是钢球到达水平面的速度，木块移动的距离不同，据此可探究物体动能的大小与速度的关系。以上这种探究问题的方法就是转换法。
（2）电炉丝与导线是串联的，电流和通电时间相等，根据Q＝I2Rt，电阻越大，产生的热量越多，电炉丝的电阻远大于导线的电阻，所以在相同的时间内，电炉丝产生的热量较多，电炉丝热得发红，而与电炉丝连接的导线却几乎不发热。
故答案为：
（1）温度计示数的变化；移动的距离；
（2）电炉丝与导线是串联的，电流和通电时间相等，根据Q＝I2Rt，电阻越大，产生的热量越多，而电炉丝的电阻远大于导线的电阻。
【点评】本题考查了学生对焦耳定律、串联电路的电流关系的了解和掌握，利用好转换法和控制变量法是本题的关键。
四、计算题（22题6分，23题6分，共12分）
22．（6分）（2020•济宁）塔吊是一种常见的起重设备，图是塔吊的示意图。电动起重机在2min内将质量为3t的物体匀速提升30m高，又用1min使物体在水平方向平移15m。（g取10N/kg）求：
（1）吊物体的钢丝绳3min内对物体所做的功；
（2）吊物体的钢丝绳3min内对物体所做功的功率；
（3）若电动机提升物体时的效率为90%，平移物体时的功率为2kW，求电动机3min内消耗的电能。

【分析】（1）由W＝Gh求出钢丝绳对物体做的功；
（2）由功率公式求出功率。
（3）根据效率公式求出提升物体电能做的功，再根据W＝Pt可求1min使物体在水平方向平移15m做的功，求和即为电动机3min内消耗的电能。
【解答】解：（1）由做功的两个必要因素可知，物体在水平方向平移15m，只有距离，没有水平方向上的力，故水平移动不做功；
提升重物过程中，起重机钢丝绳拉力所做的功：
W＝Gh＝3×104N×30m＝9×105J；
（2）对物体所做功的功率：
P＝＝＝5000W；
（3）电动机提升物体时消耗的电能：
W电＝＝＝1×106J；
平移物体时消耗的电能：
W电′＝Pt＝2000W×60s＝1.2×105J；
电动机3min内消耗的电能：
W总＝W电+W电′＝1×106J+1.2×105J＝1.12×106J；
答：（1）起重机吊物体的钢丝绳所做的功是9×105J。
（2）它的功率是5000W。
（3）电动机3min内消耗的电能是1.12×106J。
【点评】本题考查了求功与功率的问题，应用功的计算公式与功率公式即可正确解题；求钢丝绳所做的功是易错点，要知道做功的条件。
23．（6分）（2020•济宁）额定电压为9V的小灯泡的I﹣U图象如图（a）所示。将小灯泡接入图（b）所示的电路中，电源电压恒定。将滑动变阻器的滑片移至最右端，闭合开关S和S1，小灯泡正常发光，电流表示数为0.4A．求：

（1）小灯泡的额定功率；
（2）定值电阻R的阻值；
（3）只闭合开关S，将滑动变阻器的滑片由右端逐渐向左移动，求滑动变阻器允许接入电路的最大阻值。
【分析】（1）将滑动变阻器的滑片移至最右端，闭合开关S和S1，时，电阻R与灯泡L并联，电流表测量干路的的电流，此时小灯泡正常发光，即小灯泡两端的电压为9V，根据并联电路各支路电压相等且等于电源电压判断出电源电压；
由图甲知读出当小灯泡两端的电压为9V时小灯泡的电流，根据P＝UI算出小灯泡的额定电功率；
（2）根据并联电路电流的规律算出定值电阻R的电流，根据I＝算出定值电阻的阻值；
（3）只闭合开关S，小灯泡与滑动变阻器串联，电压表测量滑动变阻器两端的电压，由图知电压表的量程为0～3V，根据串联电路的分压作用知当滑动变阻器的电阻最大时，滑动变阻器两端的电压最大，最大电压为3V，由串联电路电压的规律算出此时小灯泡两端的电压，由图象读出此时的电流，由欧姆定律算出滑动变阻器的最大电阻。
【解答】解：（1）将滑动变阻器的滑片移至最右端，闭合开关S和S1，时，电阻R与灯泡L并联，电流表测量干路的的电流，此时小灯泡正常发光，即小灯泡两端的电压为9V，
根据并联电路各支路电压相等且等于电源电压知，电源电压也为9V；
由图甲知当小灯泡两端的电压为9V时，电流为0.3A；
小灯泡的额定电功率为：PL＝U额IL＝9V×0.3A＝2.7W；
（2）根据并联电路电流的规律知，定值电阻R的电流为：
IR＝I﹣IL＝0.4A﹣0.3A＝0.1A，
根据I＝得，定值电阻的阻值为：
R＝＝＝90Ω；
（3）只闭合开关S，小灯泡与滑动变阻器串联，电压表测量滑动变阻器两端的电压，由图知电压表的量程为0～3V，
根据串联电路的分压作用知，当滑动变阻器的电阻最大时，滑动变阻器两端的电压最大，最大电压为3V，
此时小灯泡两端的电压为：UL′＝U﹣UR＝9V﹣3V＝6V，
由图甲知此时电路的电流为0.25A，
滑动变阻器允许接入电路的最大阻值为：
R滑大＝＝＝12Ω。
答：（1）小灯泡的额定功率为2.7W；
（2）定值电阻R的阻值为90Ω；
（3）只闭合开关S，将滑动变阻器的滑片由右端逐渐向左移动，滑动变阻器允许接入电路的最大阻值12Ω。
【点评】本题考查了串并联电路的特点、欧姆定律公式的应用以及电功率公式的应用等知识，掌握电路的连接是解题的关键。
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日期：2020/7/23 11:41:08；用户：时代卓锦初物；邮箱：sdzjwl@xyh.com；学号：37287011