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2022-2023学年河北省廊坊市安次区九年级（上）期末物理试卷（含详细答案解析）
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这是一份2022-2023学年河北省廊坊市安次区九年级（上）期末物理试卷（含详细答案解析），共25页。试卷主要包含了单选题，多选题，填空题，实验探究题，计算题等内容，欢迎下载使用。
1.一切物质的分子都在不停地做无规则运动，下列生活现象能体现分子热运动的是( )
A. 酥油茶飘香B. 赛马尘土飞扬C. 歌声余音绕梁D. 冬天大雪纷飞
2.如图所示，对于图片中所描述的物理过程，下列分析中错误的是( )
A. 甲图中酒精灯中酒精用掉一半后，剩余酒精的热值、比热容、密度均不变
B. 甲图中试管中水温度升高，内能增大的途径是通过热传递
C. 乙图中活塞向上运动时，是内燃机的压缩冲程，此时内能转化为机械能
D. 丙图中玻璃筒内的空气被压缩是通过做功的方式使空气的内能增加
3.如图在“静电章鱼”实验中，用比塑料易失去电子的毛皮分别摩擦塑料丝和塑料管，把塑料丝往空中抛出后将塑料管置于塑料丝下方，此时塑料丝静止在空中，形状像章鱼。下列分析正确的是( )
A. 塑料丝间带同种电荷相互排斥而呈章鱼状
B. 塑料丝与塑料管带异种电荷相互排斥
C. 塑料管经毛皮摩擦得到电子后带正电
D. 塑料管得到的电子数等于毛皮两次摩擦失去的电子总数
4.关于物体的导电性能，下列说法中正确的是( )
A. 绝缘体不容易导电是因为它没有电荷B. 大地、人体、金属、纯净水都是导体
C. 绝缘体在一定条件下也能变成导体D. 橡胶、塑料、油、石墨都是绝缘体
5.如图所示家用电器中，利用电流热效应工作的是( )
A. 笔记本电脑B. 电热水壶
C. 电视机D. 电风扇
6.如图所示，以下为安全用电知识常见的例子，其中说法不正确的是( )
A. 使用测电笔时，要用指尖抵住上端的金属帽
B. 不靠近高压带电体
C. 绝缘皮破损插头也可以使用
D. 洗衣机的电源插头上标有“E”字样的导线是与室外的大地相连的
7.如图所示，定值电阻R1=5Ω，R2=10Ω，开关S闭合时，R1，R2两端的电压分别是U1、U2，通过的电流分别是I1、I2，下列关系正确的是( )
A. I1：I2=2：1B. I1：I2=1：2C. U1：U2=1：1D. U1：U2=1：2
8.如图所示是小明设计的水位计工作原理图，绝缘浮子随水位的升降带动滑动变阻器R的金属滑杆P升降，水位最低时，滑杆P位于R的a端处。下列判断错误的是( )
A. 水位升高时，小灯泡亮度不变
B. 水位升高时，电流表示数变大
C. 水位升高时，电压表示数变大
D. 水位最低时，电压表示数为零
9.如图所示，闭合开关S后，小灯泡L1的亮度比L2的亮度大，则( )
A. L1和L2的连接方式是并联B. 电压表测量的是L2两端电压
C. 通过L1的电流比通过L2的大D. L1两端电压比L2两端电压大
10.如图所示的电路，电源电压保持不变，闭合开关S，将滑动变阻器的滑片P缓慢向右移动的过程中( )
A. 电压表示数变大，电流表示数变小B. 电压表示数变大，电流表示数变大
C. 电压表示数不变，电流表示数变大D. 电压表示数不变，电流表示数变小
11.如图所示，电源电压保持不变，R1=10Ω，当闭合开关S，滑动变阻器滑片P从a端移到b端，两电表示数变化关系用图乙中线段AB表示，则电源电压和滑动变阻器的最大值分别为( )
A. 6V20ΩB. 4V20ΩC. 6V10ΩD. 4V10Ω
12.如图甲，电源电压保持不变，R1=10Ω。先将S1、S2闭合，电压表的示数如图乙所示，再断开S2，电压表的示数变化了1.2V。下列说法正确的是( )
A. 电源电压为13.5V
B. R2的阻值为12.5Ω
C. 当S1闭合、S2断开时，R1两端的电压为1.2V
D. 前后两种情况下，R1的功率之比为81：25
二、多选题：本大题共3小题，共9分。
13.关于温度、热量和内能，下列说法中正确的是( )
A. 内能越大的物体所含有的热量一定越多
B. 温度相同的物体接触时不发生热传递
C. 热量总是从内能大的物体向内能小的物体转移
D. 同一物体温度降低，它的内能减少
14.如图所示是甲、乙两灯的I−U图象，下列说法正确的是( )
A. 甲是5Ω的定值电阻
B. 若甲、乙串联在某电路中，当电流为0.1A时，电源电压为2V
C. 若甲、乙并联在电源电压为1.5V的电路中，干路电流为0.4A
D. 若甲、乙并联在电源电压为2V的电路中，电路总功率为0.8W
15.如图甲所示的电路中电源电压为4.5V且恒定不变。电流表的量程为0∼0.6A，电压表的量程为0∼3V，小灯泡的额定电压为2.5V。图乙为小灯泡的I−U图像，为保证电路中的各元件都不会损坏，下列说法中正确的是( )
A. 该电路的最大功率为2.7W
B. 小灯泡的最小功率为0.6W
C. 滑动变阻器功率的最大值为0.9W
D. 滑动变阻器的阻值取值范围为4Ω∼7.5Ω
三、填空题：本大题共8小题，共20分。
16.小红喜欢喝汤，煮汤时，其他房间里也能闻到浓浓的香味，这是______现象；汤勺很难被压缩，是因为分子间存在着______；在煮汤的过程中，是通过______(选填“做功”或“热传递”)的方式改变汤的内能。
17.建文明城市，垃圾分类从你我做起。在一定条件下分类后的垃圾能提炼出燃料油，可减少石油资源的开采。若燃料油的热值为3.15×107J/kg，完全燃烧______ kg燃料油可放出热量6.3×107J，这些热量全部被质量为300kg、温度为20℃的水吸收，可使水的温度升高______ ℃。
18.在家庭电路中火线与零线之间的电压为______ V，生活中可以用______判断火线与零线。新建居民楼中，为了避免人不小心接触火线，电流经人体流入大地时发生触电事故，______(选填“空气开关”或“漏电保护器”)会自动断开切断电路，对人体起到保护作用。
19.电动汽车是指以车载蓄电池驱动电机行驶的车辆，当给汽车充电时，蓄电池相当于______(选填“用电器”“电源”或“开关”)；如图所示，某款车载充电线可同时供三部手机充电，充电时三部手机的连接方式是______(选填“串联”或“并联”)，若拔掉其中一部手机，则电路的总电流将______(选填“变大”“变小”或“不变”)。
20.某定值电阻两端的电压为4V时，通过它的电流为0.5A，该定值电阻的阻值是______Ω，若它两端增加4V时，通过该定值电阻的电流为______A.若它两端无电压时，通过的电流为______A，此时该定值电阻的阻值为______Ω。
21.现有两个标有“5Ω1A”和“10Ω0.6A”的定值电阻，若将它们串联起来使用时，则它们消耗的最大功率为______ W。
22.小明家中电能表的参数如图所示，五月初抄表的示数如图所示，若五月份交电费42元，且电价为0.5元/度，则五月末抄表的示数为______ kW⋅h；若1min内电能表的指示灯闪烁10次，则这段时间内，小明家所使用的用电器的总功率为______ W。
23.如图所示，串联的两电阻丝(R1四、实验探究题：本大题共3小题，共17分。
24.在“探究物质的吸热能力”的实验中，实验装置如图所示，实验中选取初温相同且质量相等的甲、乙两种液体；
(1)两种液体吸收热量的多少可通过______ (液体升高的温度/加热时间)比较。
(2)根据实验数据绘制的温度与时间的关系图象如图乙所示，分析图象可知：质量相等的甲和乙两种液体，在升高相同温度时，______ (甲/乙)吸收的热量较多；质量相等的甲和乙两种液体，在吸收相同热量时，______ (甲/乙)升温较高。
(3)冬天，小华想自制一个暖手袋，若只能从甲或乙中选一种液体装入暖手袋中作为供热物质，则应选择______ (甲/乙)。
25.小明同学在“探究通过导体的电流与电阻的关系”时，他用如图所示的电路进行实验，可供选择的定值电阻分别为2.5Ω、5Ω、10Ω、15Ω、20Ω、25Ω，滑动变阻器的规格为“15Ω1A”。
(1)正确连接完电路，如图甲所示，闭合开关后，发现电流表几乎无示数，电压表示数明显，那么出现该状况的原因应该是______ (选填“A”、“B”、“C”或“D”)；
A.电流表内部断路了
B.定值电阻断路
C.定值电阻短路
D.滑动变阻器的电阻线断了
(2)排除故障后，小明实验前预设电压表示数为2V不变，某次实验时，将10Ω电阻换成15Ω后，他下一步操作是：将滑动变阻器的滑片向______ (选填“A”或“B”)端移动，同时眼睛盯着______ (选填“电流表”或“电压表”)；
(3)根据收集的实验数据小明绘出了I与1R的图像，如图乙，由图像可得：在电压不变时，通过导体的电流与导体电阻成______ ；
(4)小明分析：若预设电压表示数越大，那么滑动变阻器移动范围越______ (选填“大”或“小”)。
26.测定“小灯泡电功率”的实验中，电源电压为3V，小灯泡额定电压为2.5V、额定功率小于1W。
(1)请你用笔画线代替导线，将图甲中的实物电路连接完整。
(2)闭合开关前，滑动变阻器滑片P应位于______(选填“A”或“B”)端。
(3)小叶闭合开关后，发现两表示数都很小，灯泡不亮，其原因是______。
(4)小叶同学移动滑片P到某一点时，电压表示数(如图乙所示)为______ V，若她想测量小灯泡的额定功率，应将图甲中滑片P向______(选填“A”或“B”)端移动，使电压表的示数为2.5V。
(5)小叶同学移动滑片P，记下多组对应的电压表和电流表的示数，并绘制成图丙所示的I−U图像，根据图像信息，可计算出小灯泡的额定功率为______ W。
(6)细心的小叶发现通过灯泡的电流跟它两端的电压______(选填“成”或“不成”)正比，其原因是______。
五、计算题：本大题共2小题，共18分。
27.中国茶文化源远流长。如图甲所示是一款煮茶器，有“加热”和“保温”两个挡位，其简化电路图如图乙所示，R1和R2均为发热电阻，煮茶器部分参数如表。煮茶器中装有初温为20℃的水，在标准大气压下，将水刚好加热到沸腾，用时700s，在此过程中煮茶器的加热效率为80%。求：
(1)发热电阻R1的阻值。
(2)加热过程中煮茶器消耗的电能。
(3)煮茶器中水的质量。[水的比热容c=4.2×103J/(kg⋅℃)]
28.如图所示，电源电压保持不变，电流表的量程为0∼0.6A，电压表的量程为0∼15V，R1=20Ω，滑动变阻器R2的规格为“100Ω1A“。
(1)闭合开关S1，断开开关S2、S3，电流表示数为0.4A，求电源电压；
(2)闭合开关S3，断开开关S1、S2，滑动变阻器滑片置于中点位置时，电压表的示数为4V，求R3的阻值；
(3)闭合开关S1、S2和S3，在不损坏电流表、电压表的情况下，求滑动变阻器R2的阻值取值范围。
答案和解析
1.【答案】A
【解析】解：A.酥油茶飘香是芳香分子在空气中不停地做无规则运动的结果，是扩散现象，故A符合题意；
B.赛马尘土飞扬，尘土飞扬属于机械运动，不是分子运动，故B不符合题意；
C.歌声余音绕梁，是声现象，不是分子运动，故C不符合题意；
D.冬天大雪纷飞属于机械运动，不是分子运动，故D不符合题意。
故选：A。
不同的物质的分子在相互接触时彼此进入对方的现象叫做扩散现象，这一现象说明一切物质的分子都在不停地做无规则运动，分子比较小，用肉眼无法观察。
掌握扩散现象是分子运动的结果，以及分子运动和机械运动的区别是解答本题的关键。
2.【答案】C
【解析】解：
A、热值是燃料的一种特性，密度、比热容都是物质的特性，都与物质的质量、体积无关，所以，酒精灯中酒精用掉一半后，剩余酒精的热值、比热容、密度均不变，故A正确；
B、甲图中试管中水温度升高，是因酒精灯对试管加热，内能增大的途径是通过热传递，故B正确；
C、两个气门关闭，活塞向上运动时，是内燃机的压缩冲程，机械能转化为内能，故C错误；
D、图中玻璃筒内的空气被压缩时，活塞对空气做功，瓶内空气温度升高，空气的内能增加，故D正确。
故选：C。
(1)比热容和热值是物质的特性，不随物体的质量、体积的大小而变化，密度是物质的一种特性，只与物质的种类和状态有关；
(2)改变物体内能的方式有做功和热传递两种；
(3)(4)做功可以改变物体的内能，当外界对物体做功时，物体的内能增大，当物体对外界做功时，物体的内能就会减小。
本题主要考查做热值、比热容、改变内能方式及热机的有关知识，属于对基础知识的考查。
3.【答案】A
【解析】解：A、用比塑料易失去电子的毛皮摩擦塑料丝，塑料丝得到电子带负电，而塑料丝间带同种电荷相互排斥而呈章鱼状，故A正确；
BC、用比塑料易失去电子的毛皮分别摩擦塑料丝和塑料管，塑料丝和塑料管都得到电子带负电，塑料丝与塑料管带同种电荷相互排斥，故B错误，C错误；
D、毛皮和塑料管之间摩擦时，塑料管得到的电子数等于毛皮失去的电子数，故D错误。
故选：A。
两个物体相互摩擦时，得到电子的物体带负电，失去电子的物体带正电；
同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引。
本题主要考查了摩擦起电的实质和电荷间的相互作用规律，是一道基础题。
4.【答案】C
【解析】解：A、绝缘体不容易导电，是因为绝缘体内几乎没有自由移动的电荷存在，故A错误；
B、大地、人体、金属都容易导电，是导体，纯净水不容易导电，是绝缘体，故B错误；
C、导体和绝缘体没有绝对的界限，例如常温下玻璃是绝缘体而在高温下达到红炽状态时，它就变成了导体，故C正确；
D、橡胶、塑料、油都不容易导电，是绝缘体，石墨容易导电，是导体，故D错误。
故选：C。
根据导体和绝缘体的概念分析。容易导电的物体叫导体，不容易导电的物体叫绝缘体。
本题考查了导体和绝缘体，导体和绝缘体它们在一定条件下可以相互转化。
5.【答案】B
【解析】解：A、笔记本电脑主要将电能转化为光能和声能等，不是利用电流热效应工作的，不合题意；
B、电热水壶工作时主要将电能转化为内能，是利用电流热效应工作的，符合题意；
C、电视机主要将电能转化为光能和声能等，不是利用电流热效应工作的，不合题意；
D、电风扇工作时主要将电能转化为机械能，不是利用电流热效应工作的，不合题意。
故选：B。
要解答本题需掌握：电流的热效应就是把电能转化为内能。
本题主要考查学生对：电流的热效应，以及电能和其它形式能的相互转化，是一道基础题。
6.【答案】C
【解析】解：A、测电笔由金属体笔尖、氖管、高阻值电阻、金属体笔尾等构成，在使用时金属体笔尖接触被测物体，手指指尖接触笔尾金属体。在这种情况下，若笔尖接触的是火线，则火线、笔尖、氖管、高阻值电阻、笔尾、人体、大地构成通路，氖管发光。因高阻值电阻的存在，通过人体的电流很小，不会发生触电事故，故A正确。
B、平常情况下，空气是不会导电的。但是人体在靠近高压带电体时，空气就可能被电流击穿成为导体，在带电体与人体之间形成电弧，使人发生电弧触电事故。故B正确。
C、导线的绝缘皮损坏后，将可能导致火线与零线直接接触，形成短路事故，使电路中电流过大，甚至引发火灾，故C错误。
D、有金属外壳的用电器要接地。其插头上的“E”插头与用电器金属外壳用导线相连。将插头正确插入插座后，就可以使用电器的金属外壳与大地相连，故D正确。
故选：C。
(1)测电笔中氖管只有在通路情况下才可以发光。
(2)靠近高压带电体时可能发生电弧触电。
(3)绝缘皮损坏后，可能导致火线与零线直接接触。
(4)插头上的“E”表示地线。
本题考查的是安全用电常识，属于基础题，难度较低，但是出现频率却不低。
7.【答案】D
【解析】解：AB、由电路图知道，开关S闭合时，R1与R2串联，因串联电路中各处的电流相等，所以，通过两定值电阻的电流相等，即I1：I2=1：1，故AB错误；
CD、由I=UR知道，两定值电阻两端的电压之比：U1U2=I1R1I2R2=R1R2=5Ω10Ω=12，故C错误，D正确。
故选：D。
由电路图可知，开关S闭合时，R1与R2串联，根据串联电路的电流特点可知通过两定值电阻的电流之比，利用欧姆定律求出两定值电阻两端的电压之比。
本题考查了串联电路的电流特点和欧姆定律的应用，是一道基础题目。
8.【答案】B
【解析】解：由图可知，该电路为串联电路，电流表测量电路中的电流，电压表测量滑动变阻器下端部分两端的电压；水位升高时，移动滑片向上移动，滑动变阻器接入电路的电阻不变，总电阻不变，根据欧姆定律可知，电路中的电流不变，电流表示数不变，灯泡亮度不变；与电压表并联部分的电阻变大，根据U=IR可知，电压表示数变大；同理可知，水位最低时，与电压表并联部分的电阻为0，电压表示数为0；综上所述，B错误，ACD正确。
故选：B。
由图可知，该电路为串联电路，电流表测量电路中的电流，电压表测量滑动变阻器下端部分两端的电压；根据水位的变化判定滑片P的移动方向和滑动变阻器接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律判定电路中电流的变化和灯泡亮度的变化，根据U=IR分析电压表示数的变化。
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，属于基础题。
9.【答案】D
【解析】【分析】
本题考查了串联电路的特点、电功率公式的应用，明确灯泡的亮度是由实际功率决定的是解题的关键，属于基础题。
【解答】
AB、由电路图可知，闭合开关S，L1与L2串联，电压表测L1两端的电压，故AB错误；
C、在串联电路中，各处的电流是相同的，通过L1的电流和通过L2的电流相同，故C错误；
D、小灯泡L1的亮度比L2的亮度大，这说明小灯泡L1的实际功率大，电流相同，根据P=UI可知，小灯泡L1两端的电压大，故D正确。
故选：D。
10.【答案】D
【解析】解：由实物电路图可知，闭合开关S，定值电阻R与滑动变阻器并联，电流表测干路电流，电压表测电源两端的电压。
因电源电压保持不变，
所以，滑片移动时电压表的示数不变，故AB错误；
因并联电路中各支路独立工作、互不影响，
所以，滑片移动时通过定值电阻R的电流不变，
将滑动变阻器的滑片P缓慢向右移动的过程中，变阻器接入电路中的电阻变大，
由I=UR可知，通过滑动变阻器的电流变小，
因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，
所以，干路电流变小，即电流表的示数变小，故C错误、D正确。
故选：D。
由实物电路图可知，闭合开关S，定值电阻R与滑动变阻器并联，电流表测干路电流，电压表测电源两端的电压。根据电源的电压可知滑片移动时电压表示数的变化，根据并联电路中各支路独立工作、互不影响可知滑片移动时通过定值电阻R的电流变化，根据滑片的移动可知变阻器接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知通过滑动变阻器的电流变化，利用并联电路的电流特点可知干路电流的变化。
本题考查了电路的动态分析，涉及到并联电路的特点和欧姆定律的应用，正确分清电路的连接方式和电表所测的电路元件是关键。
11.【答案】A
【解析】解：当滑片P在a端时，滑动变阻器接入的电阻最大，
由图乙可知，此时电压表的示数为4V，电流表示数为0.2A，
RP最大=UaIa=4V0.2A=20Ω，
当滑片P在b端时，滑动变阻器接入的电阻为0，
此时电压表的示数为0，电流表示数为0.6A，
电源电压：U=IbR1=0.6A×10Ω=6V。
故选：A。
当滑片P在a端时，变阻器的电阻最大，此时电路中的电流最小，在图乙中读出此时的电压与电流，用R=UI即可计算出滑动变阻器的最大电阻；当滑片P在b端时，变阻器的电阻为0，此时电路中的电流最大，在图乙中读出此时的电流，用U=IR1即可计算出电源电压。
本题是欧姆定律的典型应用——动态电路的分析计算，解题的关键是：在U−I图线中分别找出变阻器在电阻最大、最小时的电压值和电流值，应用欧姆定律求解出待求的物理量。
12.【答案】D
【解析】解：A、将S1、S2闭合时，电路为R1的简单电路，电压表测电源电压，
由图乙可知此时电压表的示数为2.7V，即电源电压U=2.7V，故A错误；
BC、再断开S2时，电路为R1和R2的串联电路，电压表测电阻R1两端的电压，即电压表的示数减小了1.2V，
则R1两端的电压为：U1=U−ΔU=2.7V−1.2V=1.5V，
通过R1的电流为：I1=U1R1=1.5V10Ω=0.15A，
由串联电路的电流特点可知，电路中的总电流为：I=I1=0.15A，
由欧姆定律可知，电路的总电阻为：R=UI=Ω，
由串联电路的电阻特点可知，R2的阻值为：R2=R−R1=18Ω−10Ω=8Ω，故B、C错误；
D、当S1、S2闭合时，电路中的电流为：I′=UR1=2.7V10Ω=0.27A，
R1的功率为：P1=I′2R1，
当S1闭合，S2断开时，电路中的电流为：I=0.15A，
R2的功率为：P2=I2R1，
则前后两种情况下，R1的功率之比为：P1P2=I′2R1I2R1=I′2I2=(0.27A)2(0.15A)2=8125，故D正确。
故选：D。
(1)将S1、S2闭合时，电路为R1的简单电路，电压表测电源电压，由图乙读出电压表的示数，即电源电压；
(2)闭合S1，断开S2时，电路为R1和R2的串联电路，电压表测电阻R1两端的电压，则电压表的示数减小了1.2V，可得出R1两端的电压；利用I=UR可得出通过R1的电流，即电路中的电流，再利用R=UI求出电路的总电阻，进而可得出R2的阻值；
(3)当S1、S2闭合时，利用I=UR可求出此时电路中的电流；已知S1闭合，S2断开时电路中的电流，利用P=I2R分别表示出两种情况下的电功率，将二者求比即可。
本题考查了学生对欧姆定律和电功率计算公式的应用，解题关键是熟练掌握相关的计算公式，并能准确分析电路连接和电压表的测量情况。
13.【答案】BD
【解析】解：A、热量是热传递过程中传递能量的多少，不能用含有表示，故A错误；
B、发生热传递的条件是有温度差，温度相同的物体接触时不发生热传递，故B正确；
C、热量总是从温度高的物体向温度低的物体转移，或者从物体的高温部分传到低温部分，但是不一定从内能大的物体向内能小的物体转移，故C错误；
D、同一物体质量一定，温度降低，内能会减少，故D正确；
故选：BD。
(1)在热传递过程中传递内能的多少叫热量，热量是个过程量，不能说含有热量；
(2)发生热传递的条件是存在温度差，热量总是从温度高的物体向温度低的物体转移，或者从物体的高温部分传到低温部分；
内能的大小与温度有关；
(3)根据热量、内能的单位以及含义进行判断；
(4)同一物体温度降低，内能减少。
本题是一道热学综合题，主要考查学生对内能、热量，以及热传递的条件等知识的理解和应用，是中考的热点。
14.【答案】ABC
【解析】解：A、由图可知，电阻甲的I−U图象是倾斜直线，即通过的电流与两端的电压成正比，说明电阻甲的阻值不变；当电压当甲两端的电压为U甲=2V时，通过的电流为I甲=0.4A，
由I=UR可知其阻值R=U甲I甲=2V0.4A=5Ω，故A正确；
B、串联电路中通过的电流处处相等，由图可知，当甲、乙串联在电路中，电流为0.1A时，甲两端的电压为0.5V，乙两端的电压为1.5V，
由串联电路的电压特点可知电源电压为：U=0.5V+1.5V=2V，故B正确；
C、并联电路中各个支路两端的电压均等于电源电压，由图可知，当甲、乙并联在电路中，电源电压为1.5V时，
通过甲的电流为0.3A，通过乙的电流为0.1A，
由并联电路的电流特点可知电路的总电流为：I=0.3A+0.1A=0.4A，故C正确。
D、由图可知，当甲、乙并联在电路中，电源电压为2V时，
通过甲的电流为0.4A，通过乙的电流为0.2A，
由并联电路的电流特点可知电路的总电流为：I′=0.4A+0.2A=0.6A，
电路总功率P=UI′=2V×0.6A=1.2W；故D错误。
故选：ABC。
(1)定值电阻的阻值不变，通过的电流与其两端电压成正比，则I−U图象是倾斜直线，任取一组数据利用欧姆定律I=UR即可计算电阻；
(2)串联电路中通过的电流处处相等，甲、乙串联时，由图读出电流为0.1A时，甲、乙两端的电压，串联电路中电源电压等于各个用电器两端的电压之和，据此求出电源电压；
(3)并联电路中各个支路两端的电压均等于电源电压，甲、乙并联时，由图读出电源电压为1.5V时，通过甲、乙的电流，并联电路中的总电流等于各个支路的电流之和，据此求出电路总电流。
(4)并联电路中各个支路两端的电压均等于电源电压，甲、乙并联时，由图读出电源电压为2V时，通过甲、乙的电流，并联电路中的总电流等于各个支路的电流之和，据此求出电路总电流，根据P=UI计算电路总功率。
本题考查了对欧姆定律的应用，熟练掌握串、并联电路的电流和电压特点，并从图象中读取相关信息是解题的关键。
15.【答案】BD
【解析】解：闭合开关，L和R串联，电流表测量电路电流，电压表测量R两端的电压。
AC、小灯泡的额定电压为2.5V，根据图乙可知小灯泡的额定电流为0.5A，电流表的量程为0∼0.6A，故电路中的最大电流为0.5A，此时滑动变阻器接入电路的阻值最小，为R小=URI大=4.5V−Ω，此时滑动变阻器的功率为PR=URI大=(4.5V−2.5V)×0.5A=1W>0.9W，故C错误；
根据P=UI可知电路的最大功率P大=UI大=4.5V×0.5A=2.25W，故A错误；
BD、根据串联分压特点和欧姆定律可知，滑动变阻器接入电路中的阻值最大时，电路中的电流最小，此时滑动变阻器两端的电压最大为3V，
则小灯泡两端的电压UL′=4.5V−3V=1.5V，从图乙可知此时通过灯泡的电流为0.4A，
此时滑动变阻器接入电路的电阻最大，为R大=UR′I小=3V0.4A=7.5Ω，故滑动变阻器的阻值取值范围为4Ω∼7.5Ω，故D正确；
小灯泡的最小功率 PL小=UL′I小=1.5V×0.4A=0.6W，故B正确；
故选：BD。
闭合开关，L和R串联，电流表测量电路电流，电压表测量R两端的电压。
(1)小灯泡的额定电压为2.5V，根据图乙可知小灯泡的额定电流为0.5A，电流表的量程为0∼0.6A，故电路中的最大电流为0.5A，
此时滑动变阻器接入电路的阻值最小，根据欧姆定律可得出此最小阻值，根据P=UI可得出此时滑动变阻器的功率和电路的最大功率；
(2)根据串联分压特点和欧姆定律可知，滑动变阻器接入电路中的阻值最大时，电路中的电流最小，此时滑动变阻器两端的电压最大为3V，
根据串联电路的电压特点可得出小灯泡两端的电压，从图乙可知此时通过灯泡的电流，此时滑动变阻器接入电路的电阻最大，根据欧姆定律可得出此最大阻值，进而得出滑动变阻器的阻值取值范围；根据P=UI得出小灯泡的最小功率。
本题考查串联电路的特点、欧姆定律的应用和电功率的计算等知识，关键是从图中得出有用信息。
16.【答案】扩散 斥力 热传递
【解析】解：煮汤时，其他房间里也能闻到浓浓的香味，属于扩散现象；
汤勺很难被压缩，是因为分子间存在斥力；
煮汤的过程中，汤吸收热量，通过热传递的方式改变汤的内能。
故答案为：扩散；斥力；热传递。
不同的物质在相互接触时，物质的分子互相进入对方的现象就叫扩散现象；
分子间存在相互作用的引力和斥力；
改变内能的方式包括做功和热传递。
本题考查分子动理论和内能的改变，属于基础题。
17.【答案】2 50
【解析】解：油Q放=mq可知，燃料油的质量：m油=Q放q=6.3×107J3.15×107J/kg=2kg；
根据题意可知，水吸收的热量：Q吸=Q放=6.3×107J，
由Q吸=cmΔt可知，水升高的温度：Δt=Q吸cm=6.3×107J4.2×103J/(kg⋅℃)×300kg=50℃。
故答案为：2；50。
根据Q放=mq求出燃料油的质量；根据题意可知水吸收的热量，利用Q吸=cmΔt求出水升高的温度。
本题考查燃料完全燃烧放热公式以及吸热公式的灵活运用，难度不大。
18.【答案】220 测电笔 漏电保护器
【解析】解：
(1)在家庭电路中火线与零线之间的电压为220V；
(2)生活中用测电笔辨别火线和零线；
(3)如果站在地上的人不小心接触了火线，电流经过人体流入大地，这时通过火线和零线的电流不相等，漏电保护器会迅速切断电路，对人身起到保护作用。
故答案为：220；测电笔；漏电保护器。
(1)家庭电路的电压是220V；
(2)生活中用测电笔辨别火线和零线，正确使用方法：手接触笔尾金属体，笔尖接触导线，氖管发光，导线是火线；氖管不发光的是零线，手千万不要接触笔尖金属体；
(3)漏电保护器的原理是当通过火线和零线的电流不相等时，说明电路的某个地方可能接地漏电，此时漏电保护器就会切断电路。
本题考查了家庭电路的电压、测电笔的作用、漏电保护器的作用，属于基础题。
19.【答案】用电器 并联 变小
【解析】解：(1)在电池充电的过程中，消耗电能，转化为化学能，电池相当于电路中的用电器；
(2)三部手机在充电的过程中，互不影响，所以在电路中的连接方式为并联；
(3)若拔掉其中一部手机，则通过电路的总电流将变小，因为干路电流等于各支路电流之和，各支路电流不变，所以总电流变小。
故答案为：用电器；并联；变小。
(1)电池在对外供电的过程中是电源，将化学能转化成电能；而在充电过程中，消耗电能转化为化学能，是用电器；
(2)串联电路电流的路径只有一条，并联电路的电流的路径有多条；
(3)并联电路中，干路电流等于各支路电流之和。
本题考查了能量的转化、电路的连接方式、并联电路电流的规律等知识，都属于基础知识，要掌握。
20.【答案】8 1 0 8
【解析】解：∵I=UR，
∴电阻阻值：
R=UI=4V0.5A=8Ω；
当电压增加4V，即电压为8V时，通过导体的电流：
I′=U′R=8V8Ω=1A，
当电压为0时，通过导体的电流为0A，
导体电阻与电压无关，电压为零时，电阻仍为8Ω；
故答案为：8；1；0；8。
已知电压与电流，由欧姆定律可以求出电阻阻值，已知电压与电阻，由欧姆定律可以求出电流；导体电阻由导体材料、长度、横截面积决定，与电压、电流无关。
本题考查了求电阻、电流问题，应用欧姆定律、知道影响导体电阻的因素即可正确解题。
21.【答案】5.4
【解析】解：根据题意可知，它们串联后能通过的最大电流为0.6A，此时它们两端的总电压为：
U总=IR总=0.6×(5+10)Ω=9V；
电路消耗的最大总功率为：
P=U总I=9V×0.6A=5.4W。
故答案为：5.4。
先根据串联电路特点推算出它们能通过的最大电流，再根据欧姆定律的变形公式得出它们的总电压，最后根据P=UI计算出最大功率。
本题考查了学生对电功率的计算，有一定的难度。
22.【答案】191.6200
【解析】解：
(1)五月份消耗的电能：
W=42元0.5元/度=84度=84kW⋅h，
由图知，五月初抄表的示数为107.6kW⋅h，
则五月末的示数为107.6kW⋅h+84kW⋅h=191.6kW⋅h；
(3)指示灯闪烁10imp，用电器消耗的电能：
W=103000kW⋅h=1300kW⋅h，
小明家所使用的用电器的总功率：
P=Wt=1300kW⋅h160h=0.2kW=200W。
故答案为：191.6；200。
(1)知道电费和电价，可求本月消耗的电能；月初电能表示数加上本月消耗的电能可得月末电能表的示数，注意电能表的最后一位是小数位，单位是kW⋅h；
(2)由电能表参数“3000imp/kW⋅h”可知，每消耗1kW⋅h电能电能表指示灯闪烁3000次，据此可求指示灯闪烁10次消耗的电能，再利用P=Wt求小明家所使用的用电器的总功率。
本题考查了使用电能表消耗电能、电功率的计算，理解电能表各参数的含义是关键。
23.【答案】相等 B
【解析】解：实验中阻值不相等两电阻串联，则两电阻中的电流相等，在通电时间相同时，电阻大的电阻丝产生的热量多，即B相通的电阻丝R2产生的热量要多，B气球先鼓起来。
故答案为：相等；B。
(1)串联电流处处相等；
(2)电流产生热量与导体中的电流、导体电阻和通电时间有关，在电流和通电时间相同时电阻越大产生的热量越多。
本题探究电流产生的热量与电流及电阻的关系，要求能正确分析电路，掌握串联电路的特点，并灵活应用焦耳定律分析解答。
24.【答案】加热时间 乙 甲 乙
【解析】解：(1)由于使用相同的酒精灯进行加热，所以，根据转换法可知，两种液体吸收热量的多少可通过加热时间来比较；
(2)分析图丙的图象可知：质量相等的甲和乙两种液体，在升高相同温度时，乙的加热时间长，说明乙吸收的热量较多；质量相等的甲和乙两种液体，在吸收相同热量时(即加热相同的时间)，甲升温较高；
(3)质量相等的甲和乙两种液体，在升高相同温度时，乙加热时间长，乙吸收的热量较多，故乙的吸热能力强，即乙的比热容大；根据Q=cmΔt可知，质量相同的甲、乙两种液体，降低相同的温度时，乙放热多，故小华应选乙液体作为供热物质装入暖手袋中。
故答案为：(1)加热时间；(2)乙；甲；(3)乙。
(1)使用相同的酒精灯通过加热时间的长短来比较吸热多少，这种方法叫转换法；
(2)根据图乙结合转换法分析回答；
(3)使相同质量的不同物质升高相同的温度，比较吸收的热量(即比较加热时间)，吸收热量多的吸热能力强；
根据题意确定吸热能力强的物质，根据Q=cmΔt分析。
本题比较不同物质的吸热能力，考查控制变量法、转换法的应用和比较吸热能力的方法及比热容大的运用，为热学中的重要实验。
25.【答案】B A 电压表 反比 小
【解析】解：(1)正确连接完电路，如图1所示，闭合开关后，发现电流表几乎无示数，电路可能断路，电压表示数明显，电压表与电源连通，那么出现该状况的原因应该是定值电阻开路，选B；
(2)根据串联分压原理可知，将定值电阻由10Ω改接成15Ω的电阻，电阻增大，其分得的电压增大；
探究电流与电阻的实验中应控制电压不变，即应保持电阻两端的电压不变，根据串联电路电压的规律可知应增大滑动变阻器分得的电压，由分压原理，应增大滑动变阻器连入电路中的电阻，所以滑片应向左A端移动，同时眼睛盯着电压表，使电压表的示数不变；
(3)根据收集的实验数据小明绘出了I与1R的图象，如下图所示，因I与1R的变化关系为过原点的直线，故可知I与1R成正比，
即在电压不变时，通过导体的电流与导体电阻成反比；
(4)电压预设值越大，电路中电流越大，变阻器两端电压越小，由欧姆定律可知，变阻器连入阻值越小，滑动变阻器阻值调节范围越小；
故答案为：(1)B；(2)A；电压表；(3)反比：(4)小。
(1)若电流表示数为0，说明电路可能断路；电压表示数接近电源电压，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的支路以外的电路是完好的，则与电压表并联的电路断路了；
(2)根据控制变量法，研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻的电压相同，当换上大电阻时，根据分压原理确定电压表示数的变化，由串联电路电压的规律结合分压原理确定滑片移动的方向；
(3)根据绘出的I与1R的图象，可知I与1R成正比，据此得出结论；
(4)根据欧姆定律分析。
本题探究通过导体的电流与电阻的关系，考查注意事项、对器材的选择、操作过程、数据分析、控制变量法。
26.【答案】A 滑动变阻器接入电路的阻值太大，小灯泡的实际功率太小 2.2B0.5不成 小灯泡的电阻随温度的升高而增大
【解析】解：(1)小灯泡额定电压为2.5V、额定功率小于1W，根据P=UI可知小灯泡的额定电流约为IL=PLUL=1W2.5V=0.4A，浮电流表选用小量程与灯泡串联，如图所示：
(2)由电路图可知，滑片在A端时，滑动变阻器接入电路的阻值最大，闭合开关前，滑动变阻器的滑片P应位于A端；
(3)闭合开关后，发现两表示数都很小，灯泡不亮，其原因是滑动变阻器接入电路的阻值太大，小灯泡的实际功率太小；
(4)电压表选用小量程，分度值为0.1V，示数为2.2V；小灯泡的额定功率为2.5V，若想测量小灯泡的额定功率，应让小灯泡两端的电压变大，让滑动变阻器两端的电压变小，故应将图甲中滑片P向B端移动，使电压表的示数为2.5V；
(5)小灯泡的额定电压为2.5V，从图中可知小灯泡的额定电流为0.2A，则小灯泡的额定功率P额=U额I额=2.5V×0.2A=0.5W；
(6)通过灯泡的电流跟他两端的电压不成正比，其原因是小灯泡的电阻随温度的升高而增大。
故答案为：(1)如图；(2)A；(3)滑动变阻器接入电路的阻值太大，小灯泡的实际功率太小；(4)2.2；B；(5)0.5；(6)不成；小灯泡的电阻随温度的升高而增大。
(1)小灯泡额定电压为2.5V、额定功率小于1W，根据P=UI可知小灯泡的额定电流，据此选择电流表的量程，并将电流表与灯泡串联；
(2)闭合开关前，滑动变阻器接入电路的阻值应为滑动变阻器的最大阻值，根据电路图确定滑片的位置；
(3)闭合开关后，发现两表示数都很小，灯泡不亮，其原因是滑动变阻器接入电路的阻值太大，小灯泡的实际功率太小；
(4)电压表选用小量程，分度值为0.1V，据此得出示数；小灯泡的额定功率为2.5V，根据串联分压特点确定滑片P的移动方向，使电压表的示数为2.5V；
先确定电路总电阻的变化情况，根据欧姆定律可知电路中的电流的变化情况，根据P=UI可知电路中总功率的变化情况；
(5)小灯泡的额定电压为2.5V，从图中可知小灯泡的额定电流为0.2A，根据P=UI得出小灯泡的额定功率；
(6)小灯泡的电阻随温度的升高而增大。
本题为测定“小灯泡电功率”的实验，考查电路图连接、滑动变阻器的使用、电功率计算等知识。
27.【答案】解：(1)由电路图可知，只闭合开关S1时，电路为R1的简单电路，此时电路中的总电阻较大(比并联的总电阻大)，根据P=UI=U2R可知，电热水壶的总功率小，处于保温挡，
由P=UI=U2R可得R1的电阻：
R1=U2P保温=(220V)2100W=484Ω；
(2)由P=Wt可得，加热过程中煮茶器消耗的电能：
W=P加热t=900W×700s=6.3×105J；
(3)由η=Q吸W可得，吸收热量：
Q吸=ηW=80%×6.3×105J=5.04×105J；
由Q吸=cmΔt可求得煮茶器中水的质量：
m=Q吸cΔt=5.04×105J4.2×103J/(kg⋅℃)×(100℃−20℃)=1.5kg。
答：(1)发热电阻R1的阻值为484Ω；
(2)加热过程中煮茶器消耗的电能为6.3×105J；
(3)煮茶器中水的质量为1.5kg。
【解析】(1)由电路图可知，只闭合开关S1时，电路为R1的简单电路，此时电路中的总电阻最大，总功率最小，电热水壶处于保温挡，根据P=UI=U2R求出R1的电阻；
(2)已知加热时间和加热挡功率，由P=Wt可求得加热过程中煮茶器消耗的电能；
(3)已知在此过程中煮茶器的加热效率为，由η=Q吸W可求得吸收热量，由Q吸=cmΔt可求得煮茶器中水的质量。
本题考查了电功率公式和吸热公式、电功公式的综合应用，关键是公式及其变形式的灵活运用，计算过程还要注意单位的换算。
28.【答案】解：(1)闭合开关S1，断开开关S2、S3，为R1的简单电路，电流表示数为0.4A，
根据欧姆定律可得，电源电压：
U=I1R1=0.4A×20Ω=8V；
(2)闭合开关S3，断开开关S1、S2，R2、R3串联，滑动变阻器滑片置于中点位置时，电压表(测变阻器的电压)的示数为4V，则电路中的电流：
I2=U20.5R滑=4V50Ω=0.08A，
根据串联电路的规律和欧姆定律可得，R3的阻值：
R3=U−U2I2=8V−4V0.08A=50Ω；
(3)闭合开关S1、S2和S3，R1、R2并联，电压表测电源电压，电流表测干路电流，
根据并联电路各支路互不影响，通过R1的电流为0.4A不变，
电流表的量程为0∼0.6A，则干路电流最大为0.6A，
由并联电路电流的规律，通过变阻器的最大电流：
I变大=I总大−I1=0.6A−0.4A=0.2A，
由欧姆定律可得，变阻器连入电路的最小电阻：
R滑小=UI变大=8V0.2A=40Ω；
当变阻器滑片移动最左端时，变阻器接入阻值最大，总电流最小，没有超过电流表量程，故变阻器的最大电阻为100Ω，
在不损坏电流表、电压表的情况下，滑动变阻器R2的阻值取值范围为40Ω∼100Ω。
答：(1)闭合开关S1，断开开关S2、S3，电流表示数为0.4A，电源电压为8V；
(2)闭合开关S3，断开开关S1、S2，滑动变阻器滑片置于中点位置时，电压表的示数为4V，R3的阻值为50Ω；
(3)闭合开关S1、S2和S3，在不损坏电流表、电压表的情况下，滑动变阻器R2的阻值取值范围为40Ω∼100Ω。
【解析】(1)闭合开关S1，断开开关S2、S3，为R1的简单电路，已知电流表示数，根据欧姆定律求出电源电压：
(2)闭合开关S3，断开开关S1、S2，R2、R3串联，根据电压表(测变阻器的电压)的示数为4V，由欧姆定律得出电路的电流，根据串联电路的规律和欧姆定律求出R3；
(3)闭合开关S1、S2和S3，R1、R2并联，电压表测电源电压，电流表测干路电流，根据并联电路各支路互不影响，可知通过R1的电流，由并联电路电流的规律得出通过变阻器的最大电流，由欧姆定律求出变阻器连入的最小电阻；
当变阻器滑片移动最左端时，没有超过电流表和电压表量程，故变阻器的最大电阻为100Ω，据此确定答案。
本题考查串联电路的规律及欧姆定律的运用，关键是电路的识别。额定电压
220V
保温挡功率
100W
加热挡功率
900W
1.一切物质的分子都在不停地做无规则运动，下列生活现象能体现分子热运动的是( )
A. 酥油茶飘香B. 赛马尘土飞扬C. 歌声余音绕梁D. 冬天大雪纷飞
2.如图所示，对于图片中所描述的物理过程，下列分析中错误的是( )
A. 甲图中酒精灯中酒精用掉一半后，剩余酒精的热值、比热容、密度均不变
B. 甲图中试管中水温度升高，内能增大的途径是通过热传递
C. 乙图中活塞向上运动时，是内燃机的压缩冲程，此时内能转化为机械能
D. 丙图中玻璃筒内的空气被压缩是通过做功的方式使空气的内能增加
3.如图在“静电章鱼”实验中，用比塑料易失去电子的毛皮分别摩擦塑料丝和塑料管，把塑料丝往空中抛出后将塑料管置于塑料丝下方，此时塑料丝静止在空中，形状像章鱼。下列分析正确的是( )
A. 塑料丝间带同种电荷相互排斥而呈章鱼状
B. 塑料丝与塑料管带异种电荷相互排斥
C. 塑料管经毛皮摩擦得到电子后带正电
D. 塑料管得到的电子数等于毛皮两次摩擦失去的电子总数
4.关于物体的导电性能，下列说法中正确的是( )
A. 绝缘体不容易导电是因为它没有电荷B. 大地、人体、金属、纯净水都是导体
C. 绝缘体在一定条件下也能变成导体D. 橡胶、塑料、油、石墨都是绝缘体
5.如图所示家用电器中，利用电流热效应工作的是( )
A. 笔记本电脑B. 电热水壶
C. 电视机D. 电风扇
6.如图所示，以下为安全用电知识常见的例子，其中说法不正确的是( )
A. 使用测电笔时，要用指尖抵住上端的金属帽
B. 不靠近高压带电体
C. 绝缘皮破损插头也可以使用
D. 洗衣机的电源插头上标有“E”字样的导线是与室外的大地相连的
7.如图所示，定值电阻R1=5Ω，R2=10Ω，开关S闭合时，R1，R2两端的电压分别是U1、U2，通过的电流分别是I1、I2，下列关系正确的是( )
A. I1：I2=2：1B. I1：I2=1：2C. U1：U2=1：1D. U1：U2=1：2
8.如图所示是小明设计的水位计工作原理图，绝缘浮子随水位的升降带动滑动变阻器R的金属滑杆P升降，水位最低时，滑杆P位于R的a端处。下列判断错误的是( )
A. 水位升高时，小灯泡亮度不变
B. 水位升高时，电流表示数变大
C. 水位升高时，电压表示数变大
D. 水位最低时，电压表示数为零
9.如图所示，闭合开关S后，小灯泡L1的亮度比L2的亮度大，则( )
A. L1和L2的连接方式是并联B. 电压表测量的是L2两端电压
C. 通过L1的电流比通过L2的大D. L1两端电压比L2两端电压大
10.如图所示的电路，电源电压保持不变，闭合开关S，将滑动变阻器的滑片P缓慢向右移动的过程中( )
A. 电压表示数变大，电流表示数变小B. 电压表示数变大，电流表示数变大
C. 电压表示数不变，电流表示数变大D. 电压表示数不变，电流表示数变小
11.如图所示，电源电压保持不变，R1=10Ω，当闭合开关S，滑动变阻器滑片P从a端移到b端，两电表示数变化关系用图乙中线段AB表示，则电源电压和滑动变阻器的最大值分别为( )
A. 6V20ΩB. 4V20ΩC. 6V10ΩD. 4V10Ω
12.如图甲，电源电压保持不变，R1=10Ω。先将S1、S2闭合，电压表的示数如图乙所示，再断开S2，电压表的示数变化了1.2V。下列说法正确的是( )
A. 电源电压为13.5V
B. R2的阻值为12.5Ω
C. 当S1闭合、S2断开时，R1两端的电压为1.2V
D. 前后两种情况下，R1的功率之比为81：25
二、多选题：本大题共3小题，共9分。
13.关于温度、热量和内能，下列说法中正确的是( )
A. 内能越大的物体所含有的热量一定越多
B. 温度相同的物体接触时不发生热传递
C. 热量总是从内能大的物体向内能小的物体转移
D. 同一物体温度降低，它的内能减少
14.如图所示是甲、乙两灯的I−U图象，下列说法正确的是( )
A. 甲是5Ω的定值电阻
B. 若甲、乙串联在某电路中，当电流为0.1A时，电源电压为2V
C. 若甲、乙并联在电源电压为1.5V的电路中，干路电流为0.4A
D. 若甲、乙并联在电源电压为2V的电路中，电路总功率为0.8W
15.如图甲所示的电路中电源电压为4.5V且恒定不变。电流表的量程为0∼0.6A，电压表的量程为0∼3V，小灯泡的额定电压为2.5V。图乙为小灯泡的I−U图像，为保证电路中的各元件都不会损坏，下列说法中正确的是( )
A. 该电路的最大功率为2.7W
B. 小灯泡的最小功率为0.6W
C. 滑动变阻器功率的最大值为0.9W
D. 滑动变阻器的阻值取值范围为4Ω∼7.5Ω
三、填空题：本大题共8小题，共20分。
16.小红喜欢喝汤，煮汤时，其他房间里也能闻到浓浓的香味，这是______现象；汤勺很难被压缩，是因为分子间存在着______；在煮汤的过程中，是通过______(选填“做功”或“热传递”)的方式改变汤的内能。
17.建文明城市，垃圾分类从你我做起。在一定条件下分类后的垃圾能提炼出燃料油，可减少石油资源的开采。若燃料油的热值为3.15×107J/kg，完全燃烧______ kg燃料油可放出热量6.3×107J，这些热量全部被质量为300kg、温度为20℃的水吸收，可使水的温度升高______ ℃。
18.在家庭电路中火线与零线之间的电压为______ V，生活中可以用______判断火线与零线。新建居民楼中，为了避免人不小心接触火线，电流经人体流入大地时发生触电事故，______(选填“空气开关”或“漏电保护器”)会自动断开切断电路，对人体起到保护作用。
19.电动汽车是指以车载蓄电池驱动电机行驶的车辆，当给汽车充电时，蓄电池相当于______(选填“用电器”“电源”或“开关”)；如图所示，某款车载充电线可同时供三部手机充电，充电时三部手机的连接方式是______(选填“串联”或“并联”)，若拔掉其中一部手机，则电路的总电流将______(选填“变大”“变小”或“不变”)。
20.某定值电阻两端的电压为4V时，通过它的电流为0.5A，该定值电阻的阻值是______Ω，若它两端增加4V时，通过该定值电阻的电流为______A.若它两端无电压时，通过的电流为______A，此时该定值电阻的阻值为______Ω。
21.现有两个标有“5Ω1A”和“10Ω0.6A”的定值电阻，若将它们串联起来使用时，则它们消耗的最大功率为______ W。
22.小明家中电能表的参数如图所示，五月初抄表的示数如图所示，若五月份交电费42元，且电价为0.5元/度，则五月末抄表的示数为______ kW⋅h；若1min内电能表的指示灯闪烁10次，则这段时间内，小明家所使用的用电器的总功率为______ W。
23.如图所示，串联的两电阻丝(R1
24.在“探究物质的吸热能力”的实验中，实验装置如图所示，实验中选取初温相同且质量相等的甲、乙两种液体；
(1)两种液体吸收热量的多少可通过______ (液体升高的温度/加热时间)比较。
(2)根据实验数据绘制的温度与时间的关系图象如图乙所示，分析图象可知：质量相等的甲和乙两种液体，在升高相同温度时，______ (甲/乙)吸收的热量较多；质量相等的甲和乙两种液体，在吸收相同热量时，______ (甲/乙)升温较高。
(3)冬天，小华想自制一个暖手袋，若只能从甲或乙中选一种液体装入暖手袋中作为供热物质，则应选择______ (甲/乙)。
25.小明同学在“探究通过导体的电流与电阻的关系”时，他用如图所示的电路进行实验，可供选择的定值电阻分别为2.5Ω、5Ω、10Ω、15Ω、20Ω、25Ω，滑动变阻器的规格为“15Ω1A”。
(1)正确连接完电路，如图甲所示，闭合开关后，发现电流表几乎无示数，电压表示数明显，那么出现该状况的原因应该是______ (选填“A”、“B”、“C”或“D”)；
A.电流表内部断路了
B.定值电阻断路
C.定值电阻短路
D.滑动变阻器的电阻线断了
(2)排除故障后，小明实验前预设电压表示数为2V不变，某次实验时，将10Ω电阻换成15Ω后，他下一步操作是：将滑动变阻器的滑片向______ (选填“A”或“B”)端移动，同时眼睛盯着______ (选填“电流表”或“电压表”)；
(3)根据收集的实验数据小明绘出了I与1R的图像，如图乙，由图像可得：在电压不变时，通过导体的电流与导体电阻成______ ；
(4)小明分析：若预设电压表示数越大，那么滑动变阻器移动范围越______ (选填“大”或“小”)。
26.测定“小灯泡电功率”的实验中，电源电压为3V，小灯泡额定电压为2.5V、额定功率小于1W。
(1)请你用笔画线代替导线，将图甲中的实物电路连接完整。
(2)闭合开关前，滑动变阻器滑片P应位于______(选填“A”或“B”)端。
(3)小叶闭合开关后，发现两表示数都很小，灯泡不亮，其原因是______。
(4)小叶同学移动滑片P到某一点时，电压表示数(如图乙所示)为______ V，若她想测量小灯泡的额定功率，应将图甲中滑片P向______(选填“A”或“B”)端移动，使电压表的示数为2.5V。
(5)小叶同学移动滑片P，记下多组对应的电压表和电流表的示数，并绘制成图丙所示的I−U图像，根据图像信息，可计算出小灯泡的额定功率为______ W。
(6)细心的小叶发现通过灯泡的电流跟它两端的电压______(选填“成”或“不成”)正比，其原因是______。
五、计算题：本大题共2小题，共18分。
27.中国茶文化源远流长。如图甲所示是一款煮茶器，有“加热”和“保温”两个挡位，其简化电路图如图乙所示，R1和R2均为发热电阻，煮茶器部分参数如表。煮茶器中装有初温为20℃的水，在标准大气压下，将水刚好加热到沸腾，用时700s，在此过程中煮茶器的加热效率为80%。求：
(1)发热电阻R1的阻值。
(2)加热过程中煮茶器消耗的电能。
(3)煮茶器中水的质量。[水的比热容c=4.2×103J/(kg⋅℃)]
28.如图所示，电源电压保持不变，电流表的量程为0∼0.6A，电压表的量程为0∼15V，R1=20Ω，滑动变阻器R2的规格为“100Ω1A“。
(1)闭合开关S1，断开开关S2、S3，电流表示数为0.4A，求电源电压；
(2)闭合开关S3，断开开关S1、S2，滑动变阻器滑片置于中点位置时，电压表的示数为4V，求R3的阻值；
(3)闭合开关S1、S2和S3，在不损坏电流表、电压表的情况下，求滑动变阻器R2的阻值取值范围。
答案和解析
1.【答案】A
【解析】解：A.酥油茶飘香是芳香分子在空气中不停地做无规则运动的结果，是扩散现象，故A符合题意；
B.赛马尘土飞扬，尘土飞扬属于机械运动，不是分子运动，故B不符合题意；
C.歌声余音绕梁，是声现象，不是分子运动，故C不符合题意；
D.冬天大雪纷飞属于机械运动，不是分子运动，故D不符合题意。
故选：A。
不同的物质的分子在相互接触时彼此进入对方的现象叫做扩散现象，这一现象说明一切物质的分子都在不停地做无规则运动，分子比较小，用肉眼无法观察。
掌握扩散现象是分子运动的结果，以及分子运动和机械运动的区别是解答本题的关键。
2.【答案】C
【解析】解：
A、热值是燃料的一种特性，密度、比热容都是物质的特性，都与物质的质量、体积无关，所以，酒精灯中酒精用掉一半后，剩余酒精的热值、比热容、密度均不变，故A正确；
B、甲图中试管中水温度升高，是因酒精灯对试管加热，内能增大的途径是通过热传递，故B正确；
C、两个气门关闭，活塞向上运动时，是内燃机的压缩冲程，机械能转化为内能，故C错误；
D、图中玻璃筒内的空气被压缩时，活塞对空气做功，瓶内空气温度升高，空气的内能增加，故D正确。
故选：C。
(1)比热容和热值是物质的特性，不随物体的质量、体积的大小而变化，密度是物质的一种特性，只与物质的种类和状态有关；
(2)改变物体内能的方式有做功和热传递两种；
(3)(4)做功可以改变物体的内能，当外界对物体做功时，物体的内能增大，当物体对外界做功时，物体的内能就会减小。
本题主要考查做热值、比热容、改变内能方式及热机的有关知识，属于对基础知识的考查。
3.【答案】A
【解析】解：A、用比塑料易失去电子的毛皮摩擦塑料丝，塑料丝得到电子带负电，而塑料丝间带同种电荷相互排斥而呈章鱼状，故A正确；
BC、用比塑料易失去电子的毛皮分别摩擦塑料丝和塑料管，塑料丝和塑料管都得到电子带负电，塑料丝与塑料管带同种电荷相互排斥，故B错误，C错误；
D、毛皮和塑料管之间摩擦时，塑料管得到的电子数等于毛皮失去的电子数，故D错误。
故选：A。
两个物体相互摩擦时，得到电子的物体带负电，失去电子的物体带正电；
同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引。
本题主要考查了摩擦起电的实质和电荷间的相互作用规律，是一道基础题。
4.【答案】C
【解析】解：A、绝缘体不容易导电，是因为绝缘体内几乎没有自由移动的电荷存在，故A错误；
B、大地、人体、金属都容易导电，是导体，纯净水不容易导电，是绝缘体，故B错误；
C、导体和绝缘体没有绝对的界限，例如常温下玻璃是绝缘体而在高温下达到红炽状态时，它就变成了导体，故C正确；
D、橡胶、塑料、油都不容易导电，是绝缘体，石墨容易导电，是导体，故D错误。
故选：C。
根据导体和绝缘体的概念分析。容易导电的物体叫导体，不容易导电的物体叫绝缘体。
本题考查了导体和绝缘体，导体和绝缘体它们在一定条件下可以相互转化。
5.【答案】B
【解析】解：A、笔记本电脑主要将电能转化为光能和声能等，不是利用电流热效应工作的，不合题意；
B、电热水壶工作时主要将电能转化为内能，是利用电流热效应工作的，符合题意；
C、电视机主要将电能转化为光能和声能等，不是利用电流热效应工作的，不合题意；
D、电风扇工作时主要将电能转化为机械能，不是利用电流热效应工作的，不合题意。
故选：B。
要解答本题需掌握：电流的热效应就是把电能转化为内能。
本题主要考查学生对：电流的热效应，以及电能和其它形式能的相互转化，是一道基础题。
6.【答案】C
【解析】解：A、测电笔由金属体笔尖、氖管、高阻值电阻、金属体笔尾等构成，在使用时金属体笔尖接触被测物体，手指指尖接触笔尾金属体。在这种情况下，若笔尖接触的是火线，则火线、笔尖、氖管、高阻值电阻、笔尾、人体、大地构成通路，氖管发光。因高阻值电阻的存在，通过人体的电流很小，不会发生触电事故，故A正确。
B、平常情况下，空气是不会导电的。但是人体在靠近高压带电体时，空气就可能被电流击穿成为导体，在带电体与人体之间形成电弧，使人发生电弧触电事故。故B正确。
C、导线的绝缘皮损坏后，将可能导致火线与零线直接接触，形成短路事故，使电路中电流过大，甚至引发火灾，故C错误。
D、有金属外壳的用电器要接地。其插头上的“E”插头与用电器金属外壳用导线相连。将插头正确插入插座后，就可以使用电器的金属外壳与大地相连，故D正确。
故选：C。
(1)测电笔中氖管只有在通路情况下才可以发光。
(2)靠近高压带电体时可能发生电弧触电。
(3)绝缘皮损坏后，可能导致火线与零线直接接触。
(4)插头上的“E”表示地线。
本题考查的是安全用电常识，属于基础题，难度较低，但是出现频率却不低。
7.【答案】D
【解析】解：AB、由电路图知道，开关S闭合时，R1与R2串联，因串联电路中各处的电流相等，所以，通过两定值电阻的电流相等，即I1：I2=1：1，故AB错误；
CD、由I=UR知道，两定值电阻两端的电压之比：U1U2=I1R1I2R2=R1R2=5Ω10Ω=12，故C错误，D正确。
故选：D。
由电路图可知，开关S闭合时，R1与R2串联，根据串联电路的电流特点可知通过两定值电阻的电流之比，利用欧姆定律求出两定值电阻两端的电压之比。
本题考查了串联电路的电流特点和欧姆定律的应用，是一道基础题目。
8.【答案】B
【解析】解：由图可知，该电路为串联电路，电流表测量电路中的电流，电压表测量滑动变阻器下端部分两端的电压；水位升高时，移动滑片向上移动，滑动变阻器接入电路的电阻不变，总电阻不变，根据欧姆定律可知，电路中的电流不变，电流表示数不变，灯泡亮度不变；与电压表并联部分的电阻变大，根据U=IR可知，电压表示数变大；同理可知，水位最低时，与电压表并联部分的电阻为0，电压表示数为0；综上所述，B错误，ACD正确。
故选：B。
由图可知，该电路为串联电路，电流表测量电路中的电流，电压表测量滑动变阻器下端部分两端的电压；根据水位的变化判定滑片P的移动方向和滑动变阻器接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律判定电路中电流的变化和灯泡亮度的变化，根据U=IR分析电压表示数的变化。
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，属于基础题。
9.【答案】D
【解析】【分析】
本题考查了串联电路的特点、电功率公式的应用，明确灯泡的亮度是由实际功率决定的是解题的关键，属于基础题。
【解答】
AB、由电路图可知，闭合开关S，L1与L2串联，电压表测L1两端的电压，故AB错误；
C、在串联电路中，各处的电流是相同的，通过L1的电流和通过L2的电流相同，故C错误；
D、小灯泡L1的亮度比L2的亮度大，这说明小灯泡L1的实际功率大，电流相同，根据P=UI可知，小灯泡L1两端的电压大，故D正确。
故选：D。
10.【答案】D
【解析】解：由实物电路图可知，闭合开关S，定值电阻R与滑动变阻器并联，电流表测干路电流，电压表测电源两端的电压。
因电源电压保持不变，
所以，滑片移动时电压表的示数不变，故AB错误；
因并联电路中各支路独立工作、互不影响，
所以，滑片移动时通过定值电阻R的电流不变，
将滑动变阻器的滑片P缓慢向右移动的过程中，变阻器接入电路中的电阻变大，
由I=UR可知，通过滑动变阻器的电流变小，
因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，
所以，干路电流变小，即电流表的示数变小，故C错误、D正确。
故选：D。
由实物电路图可知，闭合开关S，定值电阻R与滑动变阻器并联，电流表测干路电流，电压表测电源两端的电压。根据电源的电压可知滑片移动时电压表示数的变化，根据并联电路中各支路独立工作、互不影响可知滑片移动时通过定值电阻R的电流变化，根据滑片的移动可知变阻器接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知通过滑动变阻器的电流变化，利用并联电路的电流特点可知干路电流的变化。
本题考查了电路的动态分析，涉及到并联电路的特点和欧姆定律的应用，正确分清电路的连接方式和电表所测的电路元件是关键。
11.【答案】A
【解析】解：当滑片P在a端时，滑动变阻器接入的电阻最大，
由图乙可知，此时电压表的示数为4V，电流表示数为0.2A，
RP最大=UaIa=4V0.2A=20Ω，
当滑片P在b端时，滑动变阻器接入的电阻为0，
此时电压表的示数为0，电流表示数为0.6A，
电源电压：U=IbR1=0.6A×10Ω=6V。
故选：A。
当滑片P在a端时，变阻器的电阻最大，此时电路中的电流最小，在图乙中读出此时的电压与电流，用R=UI即可计算出滑动变阻器的最大电阻；当滑片P在b端时，变阻器的电阻为0，此时电路中的电流最大，在图乙中读出此时的电流，用U=IR1即可计算出电源电压。
本题是欧姆定律的典型应用——动态电路的分析计算，解题的关键是：在U−I图线中分别找出变阻器在电阻最大、最小时的电压值和电流值，应用欧姆定律求解出待求的物理量。
12.【答案】D
【解析】解：A、将S1、S2闭合时，电路为R1的简单电路，电压表测电源电压，
由图乙可知此时电压表的示数为2.7V，即电源电压U=2.7V，故A错误；
BC、再断开S2时，电路为R1和R2的串联电路，电压表测电阻R1两端的电压，即电压表的示数减小了1.2V，
则R1两端的电压为：U1=U−ΔU=2.7V−1.2V=1.5V，
通过R1的电流为：I1=U1R1=1.5V10Ω=0.15A，
由串联电路的电流特点可知，电路中的总电流为：I=I1=0.15A，
由欧姆定律可知，电路的总电阻为：R=UI=Ω，
由串联电路的电阻特点可知，R2的阻值为：R2=R−R1=18Ω−10Ω=8Ω，故B、C错误；
D、当S1、S2闭合时，电路中的电流为：I′=UR1=2.7V10Ω=0.27A，
R1的功率为：P1=I′2R1，
当S1闭合，S2断开时，电路中的电流为：I=0.15A，
R2的功率为：P2=I2R1，
则前后两种情况下，R1的功率之比为：P1P2=I′2R1I2R1=I′2I2=(0.27A)2(0.15A)2=8125，故D正确。
故选：D。
(1)将S1、S2闭合时，电路为R1的简单电路，电压表测电源电压，由图乙读出电压表的示数，即电源电压；
(2)闭合S1，断开S2时，电路为R1和R2的串联电路，电压表测电阻R1两端的电压，则电压表的示数减小了1.2V，可得出R1两端的电压；利用I=UR可得出通过R1的电流，即电路中的电流，再利用R=UI求出电路的总电阻，进而可得出R2的阻值；
(3)当S1、S2闭合时，利用I=UR可求出此时电路中的电流；已知S1闭合，S2断开时电路中的电流，利用P=I2R分别表示出两种情况下的电功率，将二者求比即可。
本题考查了学生对欧姆定律和电功率计算公式的应用，解题关键是熟练掌握相关的计算公式，并能准确分析电路连接和电压表的测量情况。
13.【答案】BD
【解析】解：A、热量是热传递过程中传递能量的多少，不能用含有表示，故A错误；
B、发生热传递的条件是有温度差，温度相同的物体接触时不发生热传递，故B正确；
C、热量总是从温度高的物体向温度低的物体转移，或者从物体的高温部分传到低温部分，但是不一定从内能大的物体向内能小的物体转移，故C错误；
D、同一物体质量一定，温度降低，内能会减少，故D正确；
故选：BD。
(1)在热传递过程中传递内能的多少叫热量，热量是个过程量，不能说含有热量；
(2)发生热传递的条件是存在温度差，热量总是从温度高的物体向温度低的物体转移，或者从物体的高温部分传到低温部分；
内能的大小与温度有关；
(3)根据热量、内能的单位以及含义进行判断；
(4)同一物体温度降低，内能减少。
本题是一道热学综合题，主要考查学生对内能、热量，以及热传递的条件等知识的理解和应用，是中考的热点。
14.【答案】ABC
【解析】解：A、由图可知，电阻甲的I−U图象是倾斜直线，即通过的电流与两端的电压成正比，说明电阻甲的阻值不变；当电压当甲两端的电压为U甲=2V时，通过的电流为I甲=0.4A，
由I=UR可知其阻值R=U甲I甲=2V0.4A=5Ω，故A正确；
B、串联电路中通过的电流处处相等，由图可知，当甲、乙串联在电路中，电流为0.1A时，甲两端的电压为0.5V，乙两端的电压为1.5V，
由串联电路的电压特点可知电源电压为：U=0.5V+1.5V=2V，故B正确；
C、并联电路中各个支路两端的电压均等于电源电压，由图可知，当甲、乙并联在电路中，电源电压为1.5V时，
通过甲的电流为0.3A，通过乙的电流为0.1A，
由并联电路的电流特点可知电路的总电流为：I=0.3A+0.1A=0.4A，故C正确。
D、由图可知，当甲、乙并联在电路中，电源电压为2V时，
通过甲的电流为0.4A，通过乙的电流为0.2A，
由并联电路的电流特点可知电路的总电流为：I′=0.4A+0.2A=0.6A，
电路总功率P=UI′=2V×0.6A=1.2W；故D错误。
故选：ABC。
(1)定值电阻的阻值不变，通过的电流与其两端电压成正比，则I−U图象是倾斜直线，任取一组数据利用欧姆定律I=UR即可计算电阻；
(2)串联电路中通过的电流处处相等，甲、乙串联时，由图读出电流为0.1A时，甲、乙两端的电压，串联电路中电源电压等于各个用电器两端的电压之和，据此求出电源电压；
(3)并联电路中各个支路两端的电压均等于电源电压，甲、乙并联时，由图读出电源电压为1.5V时，通过甲、乙的电流，并联电路中的总电流等于各个支路的电流之和，据此求出电路总电流。
(4)并联电路中各个支路两端的电压均等于电源电压，甲、乙并联时，由图读出电源电压为2V时，通过甲、乙的电流，并联电路中的总电流等于各个支路的电流之和，据此求出电路总电流，根据P=UI计算电路总功率。
本题考查了对欧姆定律的应用，熟练掌握串、并联电路的电流和电压特点，并从图象中读取相关信息是解题的关键。
15.【答案】BD
【解析】解：闭合开关，L和R串联，电流表测量电路电流，电压表测量R两端的电压。
AC、小灯泡的额定电压为2.5V，根据图乙可知小灯泡的额定电流为0.5A，电流表的量程为0∼0.6A，故电路中的最大电流为0.5A，此时滑动变阻器接入电路的阻值最小，为R小=URI大=4.5V−Ω，此时滑动变阻器的功率为PR=URI大=(4.5V−2.5V)×0.5A=1W>0.9W，故C错误；
根据P=UI可知电路的最大功率P大=UI大=4.5V×0.5A=2.25W，故A错误；
BD、根据串联分压特点和欧姆定律可知，滑动变阻器接入电路中的阻值最大时，电路中的电流最小，此时滑动变阻器两端的电压最大为3V，
则小灯泡两端的电压UL′=4.5V−3V=1.5V，从图乙可知此时通过灯泡的电流为0.4A，
此时滑动变阻器接入电路的电阻最大，为R大=UR′I小=3V0.4A=7.5Ω，故滑动变阻器的阻值取值范围为4Ω∼7.5Ω，故D正确；
小灯泡的最小功率 PL小=UL′I小=1.5V×0.4A=0.6W，故B正确；
故选：BD。
闭合开关，L和R串联，电流表测量电路电流，电压表测量R两端的电压。
(1)小灯泡的额定电压为2.5V，根据图乙可知小灯泡的额定电流为0.5A，电流表的量程为0∼0.6A，故电路中的最大电流为0.5A，
此时滑动变阻器接入电路的阻值最小，根据欧姆定律可得出此最小阻值，根据P=UI可得出此时滑动变阻器的功率和电路的最大功率；
(2)根据串联分压特点和欧姆定律可知，滑动变阻器接入电路中的阻值最大时，电路中的电流最小，此时滑动变阻器两端的电压最大为3V，
根据串联电路的电压特点可得出小灯泡两端的电压，从图乙可知此时通过灯泡的电流，此时滑动变阻器接入电路的电阻最大，根据欧姆定律可得出此最大阻值，进而得出滑动变阻器的阻值取值范围；根据P=UI得出小灯泡的最小功率。
本题考查串联电路的特点、欧姆定律的应用和电功率的计算等知识，关键是从图中得出有用信息。
16.【答案】扩散 斥力 热传递
【解析】解：煮汤时，其他房间里也能闻到浓浓的香味，属于扩散现象；
汤勺很难被压缩，是因为分子间存在斥力；
煮汤的过程中，汤吸收热量，通过热传递的方式改变汤的内能。
故答案为：扩散；斥力；热传递。
不同的物质在相互接触时，物质的分子互相进入对方的现象就叫扩散现象；
分子间存在相互作用的引力和斥力；
改变内能的方式包括做功和热传递。
本题考查分子动理论和内能的改变，属于基础题。
17.【答案】2 50
【解析】解：油Q放=mq可知，燃料油的质量：m油=Q放q=6.3×107J3.15×107J/kg=2kg；
根据题意可知，水吸收的热量：Q吸=Q放=6.3×107J，
由Q吸=cmΔt可知，水升高的温度：Δt=Q吸cm=6.3×107J4.2×103J/(kg⋅℃)×300kg=50℃。
故答案为：2；50。
根据Q放=mq求出燃料油的质量；根据题意可知水吸收的热量，利用Q吸=cmΔt求出水升高的温度。
本题考查燃料完全燃烧放热公式以及吸热公式的灵活运用，难度不大。
18.【答案】220 测电笔 漏电保护器
【解析】解：
(1)在家庭电路中火线与零线之间的电压为220V；
(2)生活中用测电笔辨别火线和零线；
(3)如果站在地上的人不小心接触了火线，电流经过人体流入大地，这时通过火线和零线的电流不相等，漏电保护器会迅速切断电路，对人身起到保护作用。
故答案为：220；测电笔；漏电保护器。
(1)家庭电路的电压是220V；
(2)生活中用测电笔辨别火线和零线，正确使用方法：手接触笔尾金属体，笔尖接触导线，氖管发光，导线是火线；氖管不发光的是零线，手千万不要接触笔尖金属体；
(3)漏电保护器的原理是当通过火线和零线的电流不相等时，说明电路的某个地方可能接地漏电，此时漏电保护器就会切断电路。
本题考查了家庭电路的电压、测电笔的作用、漏电保护器的作用，属于基础题。
19.【答案】用电器 并联 变小
【解析】解：(1)在电池充电的过程中，消耗电能，转化为化学能，电池相当于电路中的用电器；
(2)三部手机在充电的过程中，互不影响，所以在电路中的连接方式为并联；
(3)若拔掉其中一部手机，则通过电路的总电流将变小，因为干路电流等于各支路电流之和，各支路电流不变，所以总电流变小。
故答案为：用电器；并联；变小。
(1)电池在对外供电的过程中是电源，将化学能转化成电能；而在充电过程中，消耗电能转化为化学能，是用电器；
(2)串联电路电流的路径只有一条，并联电路的电流的路径有多条；
(3)并联电路中，干路电流等于各支路电流之和。
本题考查了能量的转化、电路的连接方式、并联电路电流的规律等知识，都属于基础知识，要掌握。
20.【答案】8 1 0 8
【解析】解：∵I=UR，
∴电阻阻值：
R=UI=4V0.5A=8Ω；
当电压增加4V，即电压为8V时，通过导体的电流：
I′=U′R=8V8Ω=1A，
当电压为0时，通过导体的电流为0A，
导体电阻与电压无关，电压为零时，电阻仍为8Ω；
故答案为：8；1；0；8。
已知电压与电流，由欧姆定律可以求出电阻阻值，已知电压与电阻，由欧姆定律可以求出电流；导体电阻由导体材料、长度、横截面积决定，与电压、电流无关。
本题考查了求电阻、电流问题，应用欧姆定律、知道影响导体电阻的因素即可正确解题。
21.【答案】5.4
【解析】解：根据题意可知，它们串联后能通过的最大电流为0.6A，此时它们两端的总电压为：
U总=IR总=0.6×(5+10)Ω=9V；
电路消耗的最大总功率为：
P=U总I=9V×0.6A=5.4W。
故答案为：5.4。
先根据串联电路特点推算出它们能通过的最大电流，再根据欧姆定律的变形公式得出它们的总电压，最后根据P=UI计算出最大功率。
本题考查了学生对电功率的计算，有一定的难度。
22.【答案】191.6200
【解析】解：
(1)五月份消耗的电能：
W=42元0.5元/度=84度=84kW⋅h，
由图知，五月初抄表的示数为107.6kW⋅h，
则五月末的示数为107.6kW⋅h+84kW⋅h=191.6kW⋅h；
(3)指示灯闪烁10imp，用电器消耗的电能：
W=103000kW⋅h=1300kW⋅h，
小明家所使用的用电器的总功率：
P=Wt=1300kW⋅h160h=0.2kW=200W。
故答案为：191.6；200。
(1)知道电费和电价，可求本月消耗的电能；月初电能表示数加上本月消耗的电能可得月末电能表的示数，注意电能表的最后一位是小数位，单位是kW⋅h；
(2)由电能表参数“3000imp/kW⋅h”可知，每消耗1kW⋅h电能电能表指示灯闪烁3000次，据此可求指示灯闪烁10次消耗的电能，再利用P=Wt求小明家所使用的用电器的总功率。
本题考查了使用电能表消耗电能、电功率的计算，理解电能表各参数的含义是关键。
23.【答案】相等 B
【解析】解：实验中阻值不相等两电阻串联，则两电阻中的电流相等，在通电时间相同时，电阻大的电阻丝产生的热量多，即B相通的电阻丝R2产生的热量要多，B气球先鼓起来。
故答案为：相等；B。
(1)串联电流处处相等；
(2)电流产生热量与导体中的电流、导体电阻和通电时间有关，在电流和通电时间相同时电阻越大产生的热量越多。
本题探究电流产生的热量与电流及电阻的关系，要求能正确分析电路，掌握串联电路的特点，并灵活应用焦耳定律分析解答。
24.【答案】加热时间 乙 甲 乙
【解析】解：(1)由于使用相同的酒精灯进行加热，所以，根据转换法可知，两种液体吸收热量的多少可通过加热时间来比较；
(2)分析图丙的图象可知：质量相等的甲和乙两种液体，在升高相同温度时，乙的加热时间长，说明乙吸收的热量较多；质量相等的甲和乙两种液体，在吸收相同热量时(即加热相同的时间)，甲升温较高；
(3)质量相等的甲和乙两种液体，在升高相同温度时，乙加热时间长，乙吸收的热量较多，故乙的吸热能力强，即乙的比热容大；根据Q=cmΔt可知，质量相同的甲、乙两种液体，降低相同的温度时，乙放热多，故小华应选乙液体作为供热物质装入暖手袋中。
故答案为：(1)加热时间；(2)乙；甲；(3)乙。
(1)使用相同的酒精灯通过加热时间的长短来比较吸热多少，这种方法叫转换法；
(2)根据图乙结合转换法分析回答；
(3)使相同质量的不同物质升高相同的温度，比较吸收的热量(即比较加热时间)，吸收热量多的吸热能力强；
根据题意确定吸热能力强的物质，根据Q=cmΔt分析。
本题比较不同物质的吸热能力，考查控制变量法、转换法的应用和比较吸热能力的方法及比热容大的运用，为热学中的重要实验。
25.【答案】B A 电压表 反比 小
【解析】解：(1)正确连接完电路，如图1所示，闭合开关后，发现电流表几乎无示数，电路可能断路，电压表示数明显，电压表与电源连通，那么出现该状况的原因应该是定值电阻开路，选B；
(2)根据串联分压原理可知，将定值电阻由10Ω改接成15Ω的电阻，电阻增大，其分得的电压增大；
探究电流与电阻的实验中应控制电压不变，即应保持电阻两端的电压不变，根据串联电路电压的规律可知应增大滑动变阻器分得的电压，由分压原理，应增大滑动变阻器连入电路中的电阻，所以滑片应向左A端移动，同时眼睛盯着电压表，使电压表的示数不变；
(3)根据收集的实验数据小明绘出了I与1R的图象，如下图所示，因I与1R的变化关系为过原点的直线，故可知I与1R成正比，
即在电压不变时，通过导体的电流与导体电阻成反比；
(4)电压预设值越大，电路中电流越大，变阻器两端电压越小，由欧姆定律可知，变阻器连入阻值越小，滑动变阻器阻值调节范围越小；
故答案为：(1)B；(2)A；电压表；(3)反比：(4)小。
(1)若电流表示数为0，说明电路可能断路；电压表示数接近电源电压，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的支路以外的电路是完好的，则与电压表并联的电路断路了；
(2)根据控制变量法，研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻的电压相同，当换上大电阻时，根据分压原理确定电压表示数的变化，由串联电路电压的规律结合分压原理确定滑片移动的方向；
(3)根据绘出的I与1R的图象，可知I与1R成正比，据此得出结论；
(4)根据欧姆定律分析。
本题探究通过导体的电流与电阻的关系，考查注意事项、对器材的选择、操作过程、数据分析、控制变量法。
26.【答案】A 滑动变阻器接入电路的阻值太大，小灯泡的实际功率太小 2.2B0.5不成 小灯泡的电阻随温度的升高而增大
【解析】解：(1)小灯泡额定电压为2.5V、额定功率小于1W，根据P=UI可知小灯泡的额定电流约为IL=PLUL=1W2.5V=0.4A，浮电流表选用小量程与灯泡串联，如图所示：
(2)由电路图可知，滑片在A端时，滑动变阻器接入电路的阻值最大，闭合开关前，滑动变阻器的滑片P应位于A端；
(3)闭合开关后，发现两表示数都很小，灯泡不亮，其原因是滑动变阻器接入电路的阻值太大，小灯泡的实际功率太小；
(4)电压表选用小量程，分度值为0.1V，示数为2.2V；小灯泡的额定功率为2.5V，若想测量小灯泡的额定功率，应让小灯泡两端的电压变大，让滑动变阻器两端的电压变小，故应将图甲中滑片P向B端移动，使电压表的示数为2.5V；
(5)小灯泡的额定电压为2.5V，从图中可知小灯泡的额定电流为0.2A，则小灯泡的额定功率P额=U额I额=2.5V×0.2A=0.5W；
(6)通过灯泡的电流跟他两端的电压不成正比，其原因是小灯泡的电阻随温度的升高而增大。
故答案为：(1)如图；(2)A；(3)滑动变阻器接入电路的阻值太大，小灯泡的实际功率太小；(4)2.2；B；(5)0.5；(6)不成；小灯泡的电阻随温度的升高而增大。
(1)小灯泡额定电压为2.5V、额定功率小于1W，根据P=UI可知小灯泡的额定电流，据此选择电流表的量程，并将电流表与灯泡串联；
(2)闭合开关前，滑动变阻器接入电路的阻值应为滑动变阻器的最大阻值，根据电路图确定滑片的位置；
(3)闭合开关后，发现两表示数都很小，灯泡不亮，其原因是滑动变阻器接入电路的阻值太大，小灯泡的实际功率太小；
(4)电压表选用小量程，分度值为0.1V，据此得出示数；小灯泡的额定功率为2.5V，根据串联分压特点确定滑片P的移动方向，使电压表的示数为2.5V；
先确定电路总电阻的变化情况，根据欧姆定律可知电路中的电流的变化情况，根据P=UI可知电路中总功率的变化情况；
(5)小灯泡的额定电压为2.5V，从图中可知小灯泡的额定电流为0.2A，根据P=UI得出小灯泡的额定功率；
(6)小灯泡的电阻随温度的升高而增大。
本题为测定“小灯泡电功率”的实验，考查电路图连接、滑动变阻器的使用、电功率计算等知识。
27.【答案】解：(1)由电路图可知，只闭合开关S1时，电路为R1的简单电路，此时电路中的总电阻较大(比并联的总电阻大)，根据P=UI=U2R可知，电热水壶的总功率小，处于保温挡，
由P=UI=U2R可得R1的电阻：
R1=U2P保温=(220V)2100W=484Ω；
(2)由P=Wt可得，加热过程中煮茶器消耗的电能：
W=P加热t=900W×700s=6.3×105J；
(3)由η=Q吸W可得，吸收热量：
Q吸=ηW=80%×6.3×105J=5.04×105J；
由Q吸=cmΔt可求得煮茶器中水的质量：
m=Q吸cΔt=5.04×105J4.2×103J/(kg⋅℃)×(100℃−20℃)=1.5kg。
答：(1)发热电阻R1的阻值为484Ω；
(2)加热过程中煮茶器消耗的电能为6.3×105J；
(3)煮茶器中水的质量为1.5kg。
【解析】(1)由电路图可知，只闭合开关S1时，电路为R1的简单电路，此时电路中的总电阻最大，总功率最小，电热水壶处于保温挡，根据P=UI=U2R求出R1的电阻；
(2)已知加热时间和加热挡功率，由P=Wt可求得加热过程中煮茶器消耗的电能；
(3)已知在此过程中煮茶器的加热效率为，由η=Q吸W可求得吸收热量，由Q吸=cmΔt可求得煮茶器中水的质量。
本题考查了电功率公式和吸热公式、电功公式的综合应用，关键是公式及其变形式的灵活运用，计算过程还要注意单位的换算。
28.【答案】解：(1)闭合开关S1，断开开关S2、S3，为R1的简单电路，电流表示数为0.4A，
根据欧姆定律可得，电源电压：
U=I1R1=0.4A×20Ω=8V；
(2)闭合开关S3，断开开关S1、S2，R2、R3串联，滑动变阻器滑片置于中点位置时，电压表(测变阻器的电压)的示数为4V，则电路中的电流：
I2=U20.5R滑=4V50Ω=0.08A，
根据串联电路的规律和欧姆定律可得，R3的阻值：
R3=U−U2I2=8V−4V0.08A=50Ω；
(3)闭合开关S1、S2和S3，R1、R2并联，电压表测电源电压，电流表测干路电流，
根据并联电路各支路互不影响，通过R1的电流为0.4A不变，
电流表的量程为0∼0.6A，则干路电流最大为0.6A，
由并联电路电流的规律，通过变阻器的最大电流：
I变大=I总大−I1=0.6A−0.4A=0.2A，
由欧姆定律可得，变阻器连入电路的最小电阻：
R滑小=UI变大=8V0.2A=40Ω；
当变阻器滑片移动最左端时，变阻器接入阻值最大，总电流最小，没有超过电流表量程，故变阻器的最大电阻为100Ω，
在不损坏电流表、电压表的情况下，滑动变阻器R2的阻值取值范围为40Ω∼100Ω。
答：(1)闭合开关S1，断开开关S2、S3，电流表示数为0.4A，电源电压为8V；
(2)闭合开关S3，断开开关S1、S2，滑动变阻器滑片置于中点位置时，电压表的示数为4V，R3的阻值为50Ω；
(3)闭合开关S1、S2和S3，在不损坏电流表、电压表的情况下，滑动变阻器R2的阻值取值范围为40Ω∼100Ω。
【解析】(1)闭合开关S1，断开开关S2、S3，为R1的简单电路，已知电流表示数，根据欧姆定律求出电源电压：
(2)闭合开关S3，断开开关S1、S2，R2、R3串联，根据电压表(测变阻器的电压)的示数为4V，由欧姆定律得出电路的电流，根据串联电路的规律和欧姆定律求出R3；
(3)闭合开关S1、S2和S3，R1、R2并联，电压表测电源电压，电流表测干路电流，根据并联电路各支路互不影响，可知通过R1的电流，由并联电路电流的规律得出通过变阻器的最大电流，由欧姆定律求出变阻器连入的最小电阻；
当变阻器滑片移动最左端时，没有超过电流表和电压表量程，故变阻器的最大电阻为100Ω，据此确定答案。
本题考查串联电路的规律及欧姆定律的运用，关键是电路的识别。额定电压
220V
保温挡功率
100W
加热挡功率
900W
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