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2023年山东省淄博市沂源县中考物理二模试卷
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这是一份2023年山东省淄博市沂源县中考物理二模试卷，共28页。试卷主要包含了选择题，理解与应用，实验与探究，分析与计算等内容，欢迎下载使用。
1．（2分）驾驶机动车不得在禁止鸣喇叭的区域或者路段鸣喇叭。图中所示的鸣笛声呐抓拍设备的声学探头能精准定位汽车鸣笛声，同时联动摄像头识别并抓拍车牌号。下列说法正确的是（ ）
A．市区严禁鸣笛是从传播过程中减弱噪声
B．若鸣笛声小于90分贝，则不影响周围居民的工作和学习
C．声呐设备利用次声波对鸣笛车辆进行定位
D．声学探头能识别出鸣笛声是因为鸣笛声与其他声音的音色不同
2．（2分）关于图中光学现象的描述或解释正确的是（ ）
A．图甲中，海市蜃楼是光的反射形成的
B．图乙中，铅笔向上弯折是由于光从空气折射入水中所形成的
C．图丙中，桥在水中的倒影是桥的虚像
D．图丁中，电视遥控器发出的是紫外线
3．（2分）小明在做“探究凸透镜成像规律”的实验时，将凸透镜固定在光具座上50cm刻度线处，在光屏上得到烛焰清晰的像（ ）
A．此透镜可作为近视眼镜镜片
B．凸透镜的焦距可能是10cm
C．照相机成像原理与图中成像的原理相同
D．将蜡烛远离凸透镜，应将光屏远离凸透镜才能得到清晰的像
4．（2分）以下估测的数据最接近实际的是（ ）
A．书桌上LED护眼灯的电功率约为200W
B．人正常步行的速度约为4km/h
C．中学生从一楼走到三楼，克服重力做功约为300J
D．正常人吸气时肺内的气压约为2×105Pa
5．（2分）炎热的夏天，小明在吃雪糕时观察到一些现象，下列分析正确的是（ ）
A．将雪糕从冰箱里拿出时感觉到“粘”手，是凝固现象，需要放热
B．包装盒外的有一层霜，是凝华现象，需要吸热
C．雪糕周围冒“白气”，是汽化现象，需要吸热
D．吃雪糕时感到凉爽，是熔化现象，需要放热
6．（2分）下列与热现象有关的说法中正确的是（ ）
A．杨花飞絮随风舞，好似雪花满天飞，说明分子不停地做热运动
B．热传递过程中，热量总是从内能大的物体向内能小的物体传递
C．物体吸收热量后，内能增加，温度不一定升高
D．汽油机的做功冲程，主要通过做功的方式增大燃气的内能
7．（2分）足球运动员常利用“香蕉球”破门得分。“香蕉球”在空中划出一道优美的弧线，如图所示。下列有关说法正确的是（ ）
A．脚踢足球使球飞出，说明力是使物体运动的原因
B．足球在飞行过程中，受到重力和脚的推力作用
C．足球在飞行过程中，受到平衡力的作用
D．足球向内侧偏转是因为内侧空气流速大，压强小
（多选）8．（2分）关于如图四幅图的说法中不正确的是（ ）
A．甲图：该实验最早证明了大气压强的存在
B．乙图：自动喂水装置利用了连通器原理
C．丙图：高压锅利用压强越大沸点越低，使食物更快地煮熟
D．丁图：拦河坝设计成上窄下宽形状是因为液体压强随深度增加而增大
9．（2分）如图所示，小明从滑梯上匀速下滑，在这一过程中（ ）
A．重力势能转化为动能B．机械能保持不变
C．机械能转化为内能D．此过程中能量不守恒
10．（2分）甲、乙两相同的容器中装有体积相等的两种液体，静止放置在水平桌面上。将同种材料制作的实心物体A、B分别放入两容器中，静止时液面等高，则（ ）
A．A的体积大于B的体积
B．A受的浮力等于B受到的浮力
C．甲杯液体的密度小于乙杯液体的密度
D．甲杯和乙杯的底部受到的液体压强相等
11．（2分）一款仿真电动鱼刷爆了网络，成为了妈妈们的“哄娃神器”，其工作原理为闭合开关S1，电源灯亮，当触摸玩具时（相当于触摸开关S2闭合），仿真鱼就会跳动；当断开开关S1时，灯不亮，无论是否触摸玩具（ ）
A．B．
C．D．
12．（2分）如图甲所示电路，闭合开关后灯L1、L2均正常发光，电流表A1、A2的示数均如图乙所示，下列说法正确的是（ ）
A．灯L1和L2是串联连接的
B．流过灯L1的电流是1.2A
C．流过灯L2的电流是1.5A
D．灯L1被短路时，L2正常发光
13．（2分）指南针是我国的四大发明之一，“指南鱼”是它的一种形态。将一块形状像鱼的薄铁片磁化后，浮在水面上（ ）
A．指南鱼能指南北是因为其受到地磁场的作用
B．指南鱼鱼尾所指的方向为该点的地磁场方向
C．指南鱼周围存在磁感线
D．指南鱼的腹部磁性最强
14．（2分）如图所示，电源电压不变，闭合开关（不考虑灯丝温度对电阻的影响）（ ）
A．小灯泡变暗，电压表V1示数变小
B．电流表A示数变小，电压表V2示数变小
C．电压表V1示数变大，电压表V2示数不变
D．电压表V1示数与电流表A示数的比值不变
15．（2分）如图甲所示是额定电压为12V的小灯泡L的I﹣U关系图象，L与电阻R接入图乙所示的电路中。只闭合开关S，电流表的示数为0.3A1，电流表的示数为0.9A。下列说法正确的是（ ）
A．此时小灯泡的电阻是30Ω
B．电路的电源电压是12V
C．整个电路的消耗的电功率是3.6W
D．通电10s电阻R产生的热量是36J
二、理解与应用（本题包括5个小题，共14分）
16．（4分）测量是学习物理的基本技能，仪器读数也是能力表现的重要方面。图甲中物体的长度为 cm；图乙中停表的示数为 s；图丁所示的电能表示数是 kW•h，此电能表上的铝盘1min转了30转，表示这1min内消耗了 J的电能。
17．（3分）2023年5月10日21时22分，搭载天舟六号货运飞船的长征七号遥七运载火箭，在我国文昌航天发射场点火发射升空。天舟六号为天宫空间站带去了7t多生活物资、设备和推进剂等 （选填“改变”或“不变”）；火箭起飞后，天舟六号相对于火箭是 的；空间站实现天地互联，是利用 传递信息的。
18．（3分）2023年2月8日“奋斗者”号载人潜水器在蒂阿曼蒂那海沟5500米深度发现了飞象章鱼，“奋斗者”号体积约为30m3，满载时质量约为25t。“奋斗者”号发现飞象章鱼处的压强是 Pa；深水下潜过程中所受水的浮力 （选填“变大”、“变小”或“不变”）；在水下5500米时受到的浮力是 N（ρ水＝1.0×103kg/m3，g取10N/kg）。
19．（2分）如图是一款养生壶和它的电路简图，该壶有“加热”和“保温”两挡。额定电压为220V，电阻丝R1＝R2＝44Ω。若电热水壶在保温挡正常工作30分钟，电阻丝产生的热量为 J。这些热量相当于完全燃烧 的天然气（天然气的热值为3.3×107J/m3）。
20．（2分）如图甲所示，小叶同学在鞋店通过镜子看到试穿的鞋子。请在图乙中画出反映此过程的光路图。
三、实验与探究（本题包括3个小题，共21分）
21．（6分）小明在探究杠杆平衡条件的实验中：
（1）设计实验与制定计划：
A.在杠杆两侧挂上适当的钩码并移动钩码的位置，使杠杆在水平位置平衡
B.将杠杆悬挂在铁架台上
C.调节杠杆两端的平衡螺母，使杠杆在水平位置平衡
D.记录数据
正确的操作顺序是： （填写操作步骤字母）。
（2）进行实验：
①在杠杆两侧挂钩码之前，杠杆静止时的状态若如图1所示，这时要调节杠杆两端的平衡螺母 （选填“左”或“右”）端移动，直到杠杆在水平位置平衡。
②在杠杆两侧挂上不同数量的钩码，第1、2次杠杆平衡时的数据已填入表格。图2是第3次杠杆平衡时的情景，此次杠杆右侧的阻力和阻力臂的数据a为 ，b为 。
（3）分析与论证：
分析实验数据，可归纳出杠杆的平衡条件： 。
（4）评估与交流：
在实验中多次改变力和力臂的大小主要是为了 （选填答案序号）。
A.减小摩擦
B.多次测量取平均值减小误差
C.使每组数据更准确
D.获取多组实验数据归纳出物理规律
22．（8分）央视“3•15”晚会曾曝光某品牌牛奶钙含量不合格，于是小明想利用天平、量筒和烧杯等器材测量该品牌牛奶的密度。
（1）天平调平衡后，将适量的牛奶倒入烧杯中，并用天平测量烧杯和牛奶的总质量
作，当小明将砝码盒中最小的砝码放入右盘后，横梁指针如图甲所示 （选填序号）；
A.向左调节平衡螺母
B.移动游码
C.取下最小的砝码后移动游码
（2）测出烧杯和牛奶的总质量为116g后，将烧杯中的一部分牛奶倒入量筒，液面位置如图乙所示 cm3；
（3）测量烧杯和剩余牛奶的总质量，天平横梁平衡时如图丙所示，则烧杯和剩余牛奶的总质量为 g；
（4）测量的牛奶密度为 kg/m3；
（5）在向量筒倒入牛奶时，如果不慎有牛奶溅出，则测出的牛奶密度会 （选填“偏大”、“偏小”或“不变”）；
（6）完成实验后，爱动脑筋的小明发现不用量筒，利用天平、水（水的密度用ρ水表示）、烧杯也能测出牛奶的密度，请你帮助小明把操作过程补充完整：
①用天平测出空烧杯的质量m0。
②用天平测出 。
③用天平测出 。
写出牛奶的密度表达式ρ牛奶＝ （ρ水用字母表示）。
23．（7分）在实验操作会考中，小明抽到的实验测试题目是探究“通过导体的电流与电压的关系”。
（1）图甲是小明连接的实验电路，闭合开关，移动滑动变阻器的滑片P，电压表有示数。造成该结果的原因是 ；
（2）经分析有一根导线连接错误，请在连接错误的导线上打“×”，并补画出一根导线连接成正确的电路；
（3）正确进行实验，得到实验数据如表：
当电压表示数为1.8V时，电流表示数如乙图所示，为 A，电路中定值电阻的阻值为 Ω；
（4）根据实验数据分析可得：电阻一定时，导体中的电流跟导体两端的电压成 。
（5）若用小灯泡（灯丝电阻受温度影响）代替定值电阻进行上述实验， （选填“能”或“不能”）达到实验目的，理由是 。
四、分析与计算（本题包括2个小题，共15分）
24．淄博20天新建一座烧烤城，这就是淄博速度！项目建设中，工人用如图所示的装置将底面积为100cm2、重为700N的建筑材料匀速提升了6m，用时10s。电动机的输出功率恒定为600W，不计绳重和摩擦。求：
（1）建筑材料静止放在水平地面上时，对地面的压强。
（2）10s内电动机输出的功。
（3）滑轮组的机械效率。
25．如图所示，已知电源电压为16V，滑动变阻器R2上标有“100Ω 3A”的字样，灯泡上标有“12V 3W”的字样。
（1）当闭合S，断开S1、S2时，灯泡正常工作，求R1的电阻。
（2）当S、S1、S2都闭合时，调节滑动变阻器R2的滑片P.调到最右端时，整个电路消耗的电功率。
参考答案与试题解析
一、选择题（本题包括15个小题，每小题2分，共30分。每小题只有一个选项符合题意）
1．（2分）驾驶机动车不得在禁止鸣喇叭的区域或者路段鸣喇叭。图中所示的鸣笛声呐抓拍设备的声学探头能精准定位汽车鸣笛声，同时联动摄像头识别并抓拍车牌号。下列说法正确的是（ ）
A．市区严禁鸣笛是从传播过程中减弱噪声
B．若鸣笛声小于90分贝，则不影响周围居民的工作和学习
C．声呐设备利用次声波对鸣笛车辆进行定位
D．声学探头能识别出鸣笛声是因为鸣笛声与其他声音的音色不同
【解答】解：A、市区严禁鸣笛是从声源处减弱噪声；
B、若鸣笛声小于70分贝，故B错误；
C、声呐设备利用超声波对鸣笛车辆进行定位；
D、声学探头能识别出鸣笛声是因为鸣笛声与其他声音的音色不同。
故选：D。
2．（2分）关于图中光学现象的描述或解释正确的是（ ）
A．图甲中，海市蜃楼是光的反射形成的
B．图乙中，铅笔向上弯折是由于光从空气折射入水中所形成的
C．图丙中，桥在水中的倒影是桥的虚像
D．图丁中，电视遥控器发出的是紫外线
【解答】解：A、海市蜃楼是由光的折射形成的；
B、铅笔斜插入水中，这是由于铅笔反射的光从水中斜射入空气中时发生的折射现象；
C、桥在水中的倒影是桥在水面上成的虚像，故C正确；
D、电视遥控器发出的是红外线。
故选：C。
3．（2分）小明在做“探究凸透镜成像规律”的实验时，将凸透镜固定在光具座上50cm刻度线处，在光屏上得到烛焰清晰的像（ ）
A．此透镜可作为近视眼镜镜片
B．凸透镜的焦距可能是10cm
C．照相机成像原理与图中成像的原理相同
D．将蜡烛远离凸透镜，应将光屏远离凸透镜才能得到清晰的像
【解答】解：A、在“探究凸透镜成像规律”的实验中，而近视眼镜镜片是凹透镜；
B、由图可知，且成实像，v＝30cm＞2f，所以凸透镜的焦距可能是10cm；
C、由图可知，根据凸透镜成实像时，成倒立放大的实像，故C错误；
D、将蜡烛远离凸透镜，根据凸透镜成实像时，可知，故D错误。
故选：B。
4．（2分）以下估测的数据最接近实际的是（ ）
A．书桌上LED护眼灯的电功率约为200W
B．人正常步行的速度约为4km/h
C．中学生从一楼走到三楼，克服重力做功约为300J
D．正常人吸气时肺内的气压约为2×105Pa
【解答】解：A．书桌上LED护眼灯的工作电流小于0.1A，故A不符合实际；
B．正常人步行的速度约为3.1m/s＝1.4×3.6km/h≈2km/h；
C．中学生的质量约为50kg，从一楼走到三楼的高度为：h＝6m，故C不符合实际；
D．吸气时肺内的气压小于人体外的大气压强5Pa，故D不符合实际。
故选：B。
5．（2分）炎热的夏天，小明在吃雪糕时观察到一些现象，下列分析正确的是（ ）
A．将雪糕从冰箱里拿出时感觉到“粘”手，是凝固现象，需要放热
B．包装盒外的有一层霜，是凝华现象，需要吸热
C．雪糕周围冒“白气”，是汽化现象，需要吸热
D．吃雪糕时感到凉爽，是熔化现象，需要放热
【解答】解：A、将雪糕从冰箱里拿出时感觉到“粘”手，这是凝固现象，故A正确；
B、包装盒外的有一层霜，是水蒸气遇冷凝华形成的，故B错误；
C、雪糕周围冒“白气”，是液化现象，故C错误；
D、吃雪糕时感到凉爽，是熔化现象，故D错误。
故选：A。
6．（2分）下列与热现象有关的说法中正确的是（ ）
A．杨花飞絮随风舞，好似雪花满天飞，说明分子不停地做热运动
B．热传递过程中，热量总是从内能大的物体向内能小的物体传递
C．物体吸收热量后，内能增加，温度不一定升高
D．汽油机的做功冲程，主要通过做功的方式增大燃气的内能
【解答】解：A、杨花飞絮随风舞，这是宏观物体的机械运动，故A错误；
B、热传递过程中，内能大的物体，故B错误；
C、物体吸收热量后，温度不一定升高，吸收热量，温度不变；
D、汽油机的做功冲程中，燃气的内能减小，故D错误。
故选：C。
7．（2分）足球运动员常利用“香蕉球”破门得分。“香蕉球”在空中划出一道优美的弧线，如图所示。下列有关说法正确的是（ ）
A．脚踢足球使球飞出，说明力是使物体运动的原因
B．足球在飞行过程中，受到重力和脚的推力作用
C．足球在飞行过程中，受到平衡力的作用
D．足球向内侧偏转是因为内侧空气流速大，压强小
【解答】解：
A、脚踢足球使球飞出，力改变了足球的运动状态，故A错误；
B、足球在飞行过程中受到竖直向下的重力，与脚之间没有力的作用；
C、足球在飞行过程中、方向发生了改变，故C错误；
D、足球向内侧偏转、内侧空气的压强小、外侧的流速小。
故选：D。
（多选）8．（2分）关于如图四幅图的说法中不正确的是（ ）
A．甲图：该实验最早证明了大气压强的存在
B．乙图：自动喂水装置利用了连通器原理
C．丙图：高压锅利用压强越大沸点越低，使食物更快地煮熟
D．丁图：拦河坝设计成上窄下宽形状是因为液体压强随深度增加而增大
【解答】解：A、甲图：该实验装置是托里拆利实验，最早证明大气压存在的实验是马德堡半球实验；
B、自动喂水装置的底部连通，利用了连通器原理；
C、高压锅利用压强越大沸点越高，故C错误；
D、根据p＝ρgh可知，故D正确。
故选：AC。
9．（2分）如图所示，小明从滑梯上匀速下滑，在这一过程中（ ）
A．重力势能转化为动能B．机械能保持不变
C．机械能转化为内能D．此过程中能量不守恒
【解答】解：AB、小明从滑梯上匀速下滑的过程中，高度减小，速度不变，不是动能转化为重力势能；机械能为动能和势能的和，重力势能减小，故AB错误；
C、小明下滑过程中，一部分机械能转化为内能；
D、所有的能量的转化和转移都遵循能量守恒定律，故D错误。
故选：C。
10．（2分）甲、乙两相同的容器中装有体积相等的两种液体，静止放置在水平桌面上。将同种材料制作的实心物体A、B分别放入两容器中，静止时液面等高，则（ ）
A．A的体积大于B的体积
B．A受的浮力等于B受到的浮力
C．甲杯液体的密度小于乙杯液体的密度
D．甲杯和乙杯的底部受到的液体压强相等
【解答】解：
A、实心物体A，所以A；
甲、乙两相同的容器中装有体积相等的两种液体、B分别放入两容器中，则甲液体与A排开液体的体积之和等于乙液体与B排开液体的体积之和相等排甲＝V排乙；
由图知，A漂浮，B悬浮，所以A的体积大于B的体积；
B、A、B实心物体的密度相同，根据m＝ρV可知A的质量大于B的质量，A的重力大于B的重力，所以A受到的浮力大于B受到的浮力；
CD、由图可知，A的密度小于甲液体的密度，B的密度等于乙液体的密度、B的密度相等知甲杯中液体的密度大于乙杯中液体的密度，根据p＝ρ液gh可知，甲容器底部所受液体压强大于乙容器底部所受液体压强。
故选：A。
11．（2分）一款仿真电动鱼刷爆了网络，成为了妈妈们的“哄娃神器”，其工作原理为闭合开关S1，电源灯亮，当触摸玩具时（相当于触摸开关S2闭合），仿真鱼就会跳动；当断开开关S1时，灯不亮，无论是否触摸玩具（ ）
A．B．
C．D．
【解答】解：根据题意可知，闭合开关S1，电源灯亮，当触摸玩具时（相当于触摸开关S2闭合），仿真鱼就会跳动，是并联的；
当断开开关S2时，灯不亮，仿真鱼都不会跳动1在干路中，开关S2与电动机串在一条支路中，故C正确。
故选：C。
12．（2分）如图甲所示电路，闭合开关后灯L1、L2均正常发光，电流表A1、A2的示数均如图乙所示，下列说法正确的是（ ）
A．灯L1和L2是串联连接的
B．流过灯L1的电流是1.2A
C．流过灯L2的电流是1.5A
D．灯L1被短路时，L2正常发光
【解答】解：由图甲知，闭合开关后两灯并联在电路中1测干路电流，A2测L4支路的电流，故A错误；
由图甲知A1使用0～8A量程，分度值0.1A，电流表A5的示数示数为1.5A，即干路电流I＝2.5A，
由图甲知A2使用4～0.6A量程，分度值8.02A，电流表A2的示数为0.6A，即通过L2电流I2＝7.3A，
根据并联电路中干路中的电流等于各支路电流之和可知，通过L1的电流为：I3＝I﹣I2＝1.6A﹣0.3A＝3.2A，
灯L1被短路时，L7也被短路，不能正常发光，CD错误。
故选：B。
13．（2分）指南针是我国的四大发明之一，“指南鱼”是它的一种形态。将一块形状像鱼的薄铁片磁化后，浮在水面上（ ）
A．指南鱼能指南北是因为其受到地磁场的作用
B．指南鱼鱼尾所指的方向为该点的地磁场方向
C．指南鱼周围存在磁感线
D．指南鱼的腹部磁性最强
【解答】解：A、地球本身就是一个巨大的磁体，是因为受到地磁场的作用；
B、“指南鱼”静止时鱼头指向北方，故指南鱼鱼头所指的方向为该点的地磁场方向；
C、磁感线是假想的分布在磁体周围的曲线；
D、磁铁两端磁性最强，故D错误。
故选：A。
14．（2分）如图所示，电源电压不变，闭合开关（不考虑灯丝温度对电阻的影响）（ ）
A．小灯泡变暗，电压表V1示数变小
B．电流表A示数变小，电压表V2示数变小
C．电压表V1示数变大，电压表V2示数不变
D．电压表V1示数与电流表A示数的比值不变
【解答】解：由电路图可知，灯泡与变阻器R串联1测R两端的电压，电压表V2测灯泡两端的电压，电流表测电路中的电流。
ABC、调节滑动变阻器的滑片P向左移动，电路的总电阻变大知电路中的电流变小，根据U＝IR可知小灯泡两端的电压变小6的示数变小，由P＝UI知小灯泡的实际功率变小，由串联电路电压的规律可知滑动变阻器两端的电压变大1的示数变大，故AC错误；
D、由欧姆定律可知1示数与电流表A示数的比值为滑动变阻器的电阻，由于滑动变阻器R的阻值变大7示数与电流表A示数的比值变大，故D错误。
故选：B。
15．（2分）如图甲所示是额定电压为12V的小灯泡L的I﹣U关系图象，L与电阻R接入图乙所示的电路中。只闭合开关S，电流表的示数为0.3A1，电流表的示数为0.9A。下列说法正确的是（ ）
A．此时小灯泡的电阻是30Ω
B．电路的电源电压是12V
C．整个电路的消耗的电功率是3.6W
D．通电10s电阻R产生的热量是36J
【解答】解：AB、只闭合开关S，电流表测量电路电流1，定值电阻和小灯泡并联，电流表测量干路电流，为0.2A，则电源电压为6V
RL＝＝＝20Ω；
C、整个电路的电功率为：P＝UI＝6V×8.9A＝5.3W；
D、由并联电路电流的规律知通过定值电阻R的电流为：IR＝I﹣IL＝0.9A﹣7.3A＝0.7A，
通电10s电阻R产生的热量是：Q＝W＝UIRt＝6V×0.5A×10s＝36J，故D正确。
故选：D。
二、理解与应用（本题包括5个小题，共14分）
16．（4分）测量是学习物理的基本技能，仪器读数也是能力表现的重要方面。图甲中物体的长度为 2.50 cm；图乙中停表的示数为 337.5 s；图丁所示的电能表示数是 2022.6 kW•h，此电能表上的铝盘1min转了30转，表示这1min内消耗了 3.6×104 J的电能。
【解答】解：（1）由图知，刻度尺的分度值是1mm；
（2）在秒表的中间表盘上，1min中间有两个小格，指针在“4”和“6”之间，所以分针指示的时间为5min，5s之间有10个小格，指针在37.5s处，即秒表的读数为5′37.4″＝337.5s；
（3）电能表最后一位是小数位，单位是kW•h；
3000r/kW•h表示电路中用电器每消耗1kW•h的电能，电能表的铝盘转3000r，
则电能表上的铝盘转30转时，用电器消耗的电能：
W＝kW•h＝7J＝3.6×108J。
故答案为：（1）2.50；（2）337.5；5.6×104。
17．（3分）2023年5月10日21时22分，搭载天舟六号货运飞船的长征七号遥七运载火箭，在我国文昌航天发射场点火发射升空。天舟六号为天宫空间站带去了7t多生活物资、设备和推进剂等 不变 （选填“改变”或“不变”）；火箭起飞后，天舟六号相对于火箭是 静止 的；空间站实现天地互联，是利用 电磁波 传递信息的。
【解答】解：天舟六号为天宫空间站带去了7t多生活物资、设备和推进剂等；火箭起飞后，是静止的，是利用电磁波传递信息的。
故答案为：不变；静止。
18．（3分）2023年2月8日“奋斗者”号载人潜水器在蒂阿曼蒂那海沟5500米深度发现了飞象章鱼，“奋斗者”号体积约为30m3，满载时质量约为25t。“奋斗者”号发现飞象章鱼处的压强是 5.5×107 Pa；深水下潜过程中所受水的浮力 不变 （选填“变大”、“变小”或“不变”）；在水下5500米时受到的浮力是 3×105 N（ρ水＝1.0×103kg/m3，g取10N/kg）。
【解答】解：“奋斗者”号发现飞象章鱼处的压强：p＝ρ水gh＝1.0×107kg/m3×10N/kg×5500m＝5.6×107Pa；
潜水器在深水下潜过程中排开水的体积不变（等于潜水器的体积），根据F浮＝ρ水gV排可知所受水的浮力不变；
在水下5500米时受到的浮力：F浮＝ρ水gV排＝ρ水gV＝1×103kg/m3×10N/kg×30m3＝5×105N。
故答案为：5.6×107；不变；3×104。
19．（2分）如图是一款养生壶和它的电路简图，该壶有“加热”和“保温”两挡。额定电压为220V，电阻丝R1＝R2＝44Ω。若电热水壶在保温挡正常工作30分钟，电阻丝产生的热量为 9.9×105 J。这些热量相当于完全燃烧 0.03m3 的天然气（天然气的热值为3.3×107J/m3）。
【解答】解：由图乙可知，当开关S1、S2都闭合时，只有R6工作，当开关S1闭合、S2断开时，R6、R2串联，
根据串联电路的电阻特点可知，当开关S1、S8都闭合时，只有R1工作，电路中的总电阻最小可知，养生壶处于加热挡；
当开关S5闭合、S2断开时，R1、R7串联，电路中的总电阻最大，养生壶处于保温挡，
根据串联电路的电阻特点可知，电路中的总电阻：R＝R1+R2＝44Ω+44Ω＝88Ω，
保温挡时电路中的电流：
I＝＝＝3.5A，
电热水壶在保温挡正常工作30分钟，电阻丝产生的热量：
Q＝I2Rt＝（3.5A）2×88Ω×30×60s＝2.9×105J。
（2）天然气完全燃烧放出的热量等于水吸收的热量，即Q放＝Q＝8.9×105J，
由Q放＝qV得完全燃烧天然气的体积：
V＝＝＝0.03m3。
故答案为：6.9×105；6.03m3。
20．（2分）如图甲所示，小叶同学在鞋店通过镜子看到试穿的鞋子。请在图乙中画出反映此过程的光路图。
【解答】解：作出鞋子A点关于平面镜的对称点，即为像点A′，连接OA画出入射光线，如图所示：
三、实验与探究（本题包括3个小题，共21分）
21．（6分）小明在探究杠杆平衡条件的实验中：
（1）设计实验与制定计划：
A.在杠杆两侧挂上适当的钩码并移动钩码的位置，使杠杆在水平位置平衡
B.将杠杆悬挂在铁架台上
C.调节杠杆两端的平衡螺母，使杠杆在水平位置平衡
D.记录数据
正确的操作顺序是： BCAD （填写操作步骤字母）。
（2）进行实验：
①在杠杆两侧挂钩码之前，杠杆静止时的状态若如图1所示，这时要调节杠杆两端的平衡螺母 右 （选填“左”或“右”）端移动，直到杠杆在水平位置平衡。
②在杠杆两侧挂上不同数量的钩码，第1、2次杠杆平衡时的数据已填入表格。图2是第3次杠杆平衡时的情景，此次杠杆右侧的阻力和阻力臂的数据a为 1.0 ，b为 0.15 。
（3）分析与论证：
分析实验数据，可归纳出杠杆的平衡条件： F1l1＝F2l2 。
（4）评估与交流：
在实验中多次改变力和力臂的大小主要是为了 D （选填答案序号）。
A.减小摩擦
B.多次测量取平均值减小误差
C.使每组数据更准确
D.获取多组实验数据归纳出物理规律
【解答】解：（1）将杠杆的支点支在铁架台上；调节杠杆两端的平衡螺母；在杠杆两侧挂上适当的钩码并移动钩码的位置；记录数据。
（2）①要使杠杆在水平位置处于平衡状态，平衡螺母向上翘的右端移动；
②由图2可知，杠杆左端挂了3个钩码，右端挂了两个钩码，结合表中数据可知，因此7格处的力臂为0.15m，②为0.15；
（3）分析表中的实验数据，发现动力×动力臂＝阻力×阻力臂8、F2、l1和l2分别表示动力、阻力，杠杆平衡条件可表示为：F1l1＝F2l2；
（4）本实验中多次改变力和力臂的大小主要是为了获取多组实验数据归纳出物理规律，故选：D。
故答案为：（1）BCAD；（2）①右；0.15；（4）D。
22．（8分）央视“3•15”晚会曾曝光某品牌牛奶钙含量不合格，于是小明想利用天平、量筒和烧杯等器材测量该品牌牛奶的密度。
（1）天平调平衡后，将适量的牛奶倒入烧杯中，并用天平测量烧杯和牛奶的总质量
作，当小明将砝码盒中最小的砝码放入右盘后，横梁指针如图甲所示 C （选填序号）；
A.向左调节平衡螺母
B.移动游码
C.取下最小的砝码后移动游码
（2）测出烧杯和牛奶的总质量为116g后，将烧杯中的一部分牛奶倒入量筒，液面位置如图乙所示 40 cm3；
（3）测量烧杯和剩余牛奶的总质量，天平横梁平衡时如图丙所示，则烧杯和剩余牛奶的总质量为 72 g；
（4）测量的牛奶密度为 1.1×103 kg/m3；
（5）在向量筒倒入牛奶时，如果不慎有牛奶溅出，则测出的牛奶密度会 偏大 （选填“偏大”、“偏小”或“不变”）；
（6）完成实验后，爱动脑筋的小明发现不用量筒，利用天平、水（水的密度用ρ水表示）、烧杯也能测出牛奶的密度，请你帮助小明把操作过程补充完整：
①用天平测出空烧杯的质量m0。
②用天平测出 烧杯和水的质量m1，并用标记笔在液面处做标记 。
③用天平测出 将牛奶倒入烧杯中标记处时烧杯和牛奶的质量m2 。
写出牛奶的密度表达式ρ牛奶＝ ρ水 （ρ水用字母表示）。
【解答】解：（1）由图甲可知，当小明将砝码盒中最小的砝码放入右盘后，说明右盘所放的砝码的质量偏大，使天平水平平衡；
（2）由图乙知，量筒的分度值为2mL3；
（3）如图丙所示，游码标尺的分度值是8.2g；
（4）倒入量筒中牛奶的质量为：m'＝116g﹣72g＝44g，
牛奶的密度为：ρ＝＝5.1g/cm3＝8.1×103kg/m4；
（5）如果不慎有牛奶溅出，会导致量筒中牛奶的体积偏小计算的密度偏大；
（6）实验中没有量筒，利用天平水表示）、烧杯也测量出牛奶的密度
①用天平测出烧杯的质量m0；
②用天平测出烧杯和水的质量m1，并用标记笔在液面处做标记；
③用天平测出将牛奶倒入烧杯中标记处时烧杯和牛奶的质量m7；
牛奶的质量m牛奶＝m2﹣m0，
水的体积：V水＝，
牛奶的体积：V牛奶＝V水＝，
ρ牛奶＝＝＝ρ水。
故答案为：（1）C；（2）40；（4）2.1×103；（5）偏大；（6）②烧杯和水的质量m7，并用标记笔在液面处做标记；③将牛奶倒入烧杯中标记处时烧杯和牛奶的质量m2；ρ水。
23．（7分）在实验操作会考中，小明抽到的实验测试题目是探究“通过导体的电流与电压的关系”。
（1）图甲是小明连接的实验电路，闭合开关，移动滑动变阻器的滑片P，电压表有示数。造成该结果的原因是 电压表串联在电路中 ；
（2）经分析有一根导线连接错误，请在连接错误的导线上打“×”，并补画出一根导线连接成正确的电路；
（3）正确进行实验，得到实验数据如表：
当电压表示数为1.8V时，电流表示数如乙图所示，为 0.36 A，电路中定值电阻的阻值为 5 Ω；
（4）根据实验数据分析可得：电阻一定时，导体中的电流跟导体两端的电压成 正比 。
（5）若用小灯泡（灯丝电阻受温度影响）代替定值电阻进行上述实验， 不能 （选填“能”或“不能”）达到实验目的，理由是 灯丝电阻随温度的变化而变化 。
【解答】解：（1）原电路图中，电流表与电阻R并联；由于电压表内阻很大，所以电路中几乎没有电流通过，此时电压表测电源电压；
（2）在探究“通过导体的电流与电压的关系”实验中，电阻R，电压表并联在电阻R两端
；
（3）当电压表示数为1.8V时，电流表示数如乙图所示，分度值6.02A，则电路中定值电阻的阻值为：
R＝＝＝＝＝＝＝5Ω；
（4）由（3）可知，电压与电流的比为一定值，导体中的电流跟导体两端的电压成正比；
（5）在探究“通过导体的电流与电压的关系”实验中，需控制电阻的阻值不变，不是一定值。
故答案为：（1）电压表串联在电路中；（2）见解答图；2；（4）正比；灯丝电阻随温度的变化而变化。
四、分析与计算（本题包括2个小题，共15分）
24．淄博20天新建一座烧烤城，这就是淄博速度！项目建设中，工人用如图所示的装置将底面积为100cm2、重为700N的建筑材料匀速提升了6m，用时10s。电动机的输出功率恒定为600W，不计绳重和摩擦。求：
（1）建筑材料静止放在水平地面上时，对地面的压强。
（2）10s内电动机输出的功。
（3）滑轮组的机械效率。
【解答】解：
（1）建筑材料静止放在水平地面上时，对地面的压力：F压＝G＝700N，
建筑材料对地面的压强：p＝＝＝3×104Pa；
（2）由P＝可知总＝Pt＝600W×10s＝6000J；
（3）10s内建筑材料匀速提升了6m，则有用功：W有＝Gh＝700N×3m＝4200J，
滑轮组的机械效率：η＝×100%＝。
答：（1）对地面的压强为7×104Pa；
（2）10s内电动机输出的功为6000J；
（3）滑轮组的机械效率为70%。
25．如图所示，已知电源电压为16V，滑动变阻器R2上标有“100Ω 3A”的字样，灯泡上标有“12V 3W”的字样。
（1）当闭合S，断开S1、S2时，灯泡正常工作，求R1的电阻。
（2）当S、S1、S2都闭合时，调节滑动变阻器R2的滑片P.调到最右端时，整个电路消耗的电功率。
【解答】解：（1）灯泡正常发光的电流：IL＝＝＝0.25A，
由电路图知，当闭合S6，S2时，L与R1串联，灯泡正常工作，由串联电路特点可知I＝IL＝4.25A，
串联电路总电压等于各部分电压之和，则R1两端的电压：U1＝U﹣UL＝16V﹣12V＝8V，
由欧姆定律可得R1的电阻：R1＝＝＝16Ω；
（2）当S、S8、S2均闭合时，灯泡被短路，R1与R3并联，
因并联电路中各支路两端的电压相等，所以通过R1的电流：I1＝＝＝1A，
调节滑动变阻器R7的滑片P调到最右端时，滑动变阻器接入电路最大阻值2＝＝＝6.16A，
因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以干路电流为I＝I1+I2＝4A+0.16A＝1.16A，
电路消耗的电功率：P＝UI＝16V×6.16A＝18.56W。
答：（1）R1的电阻为16Ω；
（3）当S、S1、S3都闭合时，电路消耗的电功率为18.56W。实验次数
动力F1/N
动力臂l1/m
阻力F2/N
阻力臂l2/m
1
2.5
0.2
2
0.25
2
2
0.15
1.5
0.2
3
1.5
0.1
a
b
实验次数
1
2
3
4
5
电压U/V
1.2
1.5
1.8
2.0
2.4
电流I/A
0.24
0.30
0.40
0.48
实验次数
动力F1/N
动力臂l1/m
阻力F2/N
阻力臂l2/m
1
2.5
0.2
2
0.25
2
2
0.15
1.5
0.2
3
1.5
0.1
a
b
实验次数
1
2
3
4
5
电压U/V
1.2
1.5
1.8
2.0
2.4
电流I/A
0.24
0.30
0.40
0.48
1．（2分）驾驶机动车不得在禁止鸣喇叭的区域或者路段鸣喇叭。图中所示的鸣笛声呐抓拍设备的声学探头能精准定位汽车鸣笛声，同时联动摄像头识别并抓拍车牌号。下列说法正确的是（ ）
A．市区严禁鸣笛是从传播过程中减弱噪声
B．若鸣笛声小于90分贝，则不影响周围居民的工作和学习
C．声呐设备利用次声波对鸣笛车辆进行定位
D．声学探头能识别出鸣笛声是因为鸣笛声与其他声音的音色不同
2．（2分）关于图中光学现象的描述或解释正确的是（ ）
A．图甲中，海市蜃楼是光的反射形成的
B．图乙中，铅笔向上弯折是由于光从空气折射入水中所形成的
C．图丙中，桥在水中的倒影是桥的虚像
D．图丁中，电视遥控器发出的是紫外线
3．（2分）小明在做“探究凸透镜成像规律”的实验时，将凸透镜固定在光具座上50cm刻度线处，在光屏上得到烛焰清晰的像（ ）
A．此透镜可作为近视眼镜镜片
B．凸透镜的焦距可能是10cm
C．照相机成像原理与图中成像的原理相同
D．将蜡烛远离凸透镜，应将光屏远离凸透镜才能得到清晰的像
4．（2分）以下估测的数据最接近实际的是（ ）
A．书桌上LED护眼灯的电功率约为200W
B．人正常步行的速度约为4km/h
C．中学生从一楼走到三楼，克服重力做功约为300J
D．正常人吸气时肺内的气压约为2×105Pa
5．（2分）炎热的夏天，小明在吃雪糕时观察到一些现象，下列分析正确的是（ ）
A．将雪糕从冰箱里拿出时感觉到“粘”手，是凝固现象，需要放热
B．包装盒外的有一层霜，是凝华现象，需要吸热
C．雪糕周围冒“白气”，是汽化现象，需要吸热
D．吃雪糕时感到凉爽，是熔化现象，需要放热
6．（2分）下列与热现象有关的说法中正确的是（ ）
A．杨花飞絮随风舞，好似雪花满天飞，说明分子不停地做热运动
B．热传递过程中，热量总是从内能大的物体向内能小的物体传递
C．物体吸收热量后，内能增加，温度不一定升高
D．汽油机的做功冲程，主要通过做功的方式增大燃气的内能
7．（2分）足球运动员常利用“香蕉球”破门得分。“香蕉球”在空中划出一道优美的弧线，如图所示。下列有关说法正确的是（ ）
A．脚踢足球使球飞出，说明力是使物体运动的原因
B．足球在飞行过程中，受到重力和脚的推力作用
C．足球在飞行过程中，受到平衡力的作用
D．足球向内侧偏转是因为内侧空气流速大，压强小
（多选）8．（2分）关于如图四幅图的说法中不正确的是（ ）
A．甲图：该实验最早证明了大气压强的存在
B．乙图：自动喂水装置利用了连通器原理
C．丙图：高压锅利用压强越大沸点越低，使食物更快地煮熟
D．丁图：拦河坝设计成上窄下宽形状是因为液体压强随深度增加而增大
9．（2分）如图所示，小明从滑梯上匀速下滑，在这一过程中（ ）
A．重力势能转化为动能B．机械能保持不变
C．机械能转化为内能D．此过程中能量不守恒
10．（2分）甲、乙两相同的容器中装有体积相等的两种液体，静止放置在水平桌面上。将同种材料制作的实心物体A、B分别放入两容器中，静止时液面等高，则（ ）
A．A的体积大于B的体积
B．A受的浮力等于B受到的浮力
C．甲杯液体的密度小于乙杯液体的密度
D．甲杯和乙杯的底部受到的液体压强相等
11．（2分）一款仿真电动鱼刷爆了网络，成为了妈妈们的“哄娃神器”，其工作原理为闭合开关S1，电源灯亮，当触摸玩具时（相当于触摸开关S2闭合），仿真鱼就会跳动；当断开开关S1时，灯不亮，无论是否触摸玩具（ ）
A．B．
C．D．
12．（2分）如图甲所示电路，闭合开关后灯L1、L2均正常发光，电流表A1、A2的示数均如图乙所示，下列说法正确的是（ ）
A．灯L1和L2是串联连接的
B．流过灯L1的电流是1.2A
C．流过灯L2的电流是1.5A
D．灯L1被短路时，L2正常发光
13．（2分）指南针是我国的四大发明之一，“指南鱼”是它的一种形态。将一块形状像鱼的薄铁片磁化后，浮在水面上（ ）
A．指南鱼能指南北是因为其受到地磁场的作用
B．指南鱼鱼尾所指的方向为该点的地磁场方向
C．指南鱼周围存在磁感线
D．指南鱼的腹部磁性最强
14．（2分）如图所示，电源电压不变，闭合开关（不考虑灯丝温度对电阻的影响）（ ）
A．小灯泡变暗，电压表V1示数变小
B．电流表A示数变小，电压表V2示数变小
C．电压表V1示数变大，电压表V2示数不变
D．电压表V1示数与电流表A示数的比值不变
15．（2分）如图甲所示是额定电压为12V的小灯泡L的I﹣U关系图象，L与电阻R接入图乙所示的电路中。只闭合开关S，电流表的示数为0.3A1，电流表的示数为0.9A。下列说法正确的是（ ）
A．此时小灯泡的电阻是30Ω
B．电路的电源电压是12V
C．整个电路的消耗的电功率是3.6W
D．通电10s电阻R产生的热量是36J
二、理解与应用（本题包括5个小题，共14分）
16．（4分）测量是学习物理的基本技能，仪器读数也是能力表现的重要方面。图甲中物体的长度为 cm；图乙中停表的示数为 s；图丁所示的电能表示数是 kW•h，此电能表上的铝盘1min转了30转，表示这1min内消耗了 J的电能。
17．（3分）2023年5月10日21时22分，搭载天舟六号货运飞船的长征七号遥七运载火箭，在我国文昌航天发射场点火发射升空。天舟六号为天宫空间站带去了7t多生活物资、设备和推进剂等 （选填“改变”或“不变”）；火箭起飞后，天舟六号相对于火箭是 的；空间站实现天地互联，是利用 传递信息的。
18．（3分）2023年2月8日“奋斗者”号载人潜水器在蒂阿曼蒂那海沟5500米深度发现了飞象章鱼，“奋斗者”号体积约为30m3，满载时质量约为25t。“奋斗者”号发现飞象章鱼处的压强是 Pa；深水下潜过程中所受水的浮力 （选填“变大”、“变小”或“不变”）；在水下5500米时受到的浮力是 N（ρ水＝1.0×103kg/m3，g取10N/kg）。
19．（2分）如图是一款养生壶和它的电路简图，该壶有“加热”和“保温”两挡。额定电压为220V，电阻丝R1＝R2＝44Ω。若电热水壶在保温挡正常工作30分钟，电阻丝产生的热量为 J。这些热量相当于完全燃烧 的天然气（天然气的热值为3.3×107J/m3）。
20．（2分）如图甲所示，小叶同学在鞋店通过镜子看到试穿的鞋子。请在图乙中画出反映此过程的光路图。
三、实验与探究（本题包括3个小题，共21分）
21．（6分）小明在探究杠杆平衡条件的实验中：
（1）设计实验与制定计划：
A.在杠杆两侧挂上适当的钩码并移动钩码的位置，使杠杆在水平位置平衡
B.将杠杆悬挂在铁架台上
C.调节杠杆两端的平衡螺母，使杠杆在水平位置平衡
D.记录数据
正确的操作顺序是： （填写操作步骤字母）。
（2）进行实验：
①在杠杆两侧挂钩码之前，杠杆静止时的状态若如图1所示，这时要调节杠杆两端的平衡螺母 （选填“左”或“右”）端移动，直到杠杆在水平位置平衡。
②在杠杆两侧挂上不同数量的钩码，第1、2次杠杆平衡时的数据已填入表格。图2是第3次杠杆平衡时的情景，此次杠杆右侧的阻力和阻力臂的数据a为 ，b为 。
（3）分析与论证：
分析实验数据，可归纳出杠杆的平衡条件： 。
（4）评估与交流：
在实验中多次改变力和力臂的大小主要是为了 （选填答案序号）。
A.减小摩擦
B.多次测量取平均值减小误差
C.使每组数据更准确
D.获取多组实验数据归纳出物理规律
22．（8分）央视“3•15”晚会曾曝光某品牌牛奶钙含量不合格，于是小明想利用天平、量筒和烧杯等器材测量该品牌牛奶的密度。
（1）天平调平衡后，将适量的牛奶倒入烧杯中，并用天平测量烧杯和牛奶的总质量
作，当小明将砝码盒中最小的砝码放入右盘后，横梁指针如图甲所示 （选填序号）；
A.向左调节平衡螺母
B.移动游码
C.取下最小的砝码后移动游码
（2）测出烧杯和牛奶的总质量为116g后，将烧杯中的一部分牛奶倒入量筒，液面位置如图乙所示 cm3；
（3）测量烧杯和剩余牛奶的总质量，天平横梁平衡时如图丙所示，则烧杯和剩余牛奶的总质量为 g；
（4）测量的牛奶密度为 kg/m3；
（5）在向量筒倒入牛奶时，如果不慎有牛奶溅出，则测出的牛奶密度会 （选填“偏大”、“偏小”或“不变”）；
（6）完成实验后，爱动脑筋的小明发现不用量筒，利用天平、水（水的密度用ρ水表示）、烧杯也能测出牛奶的密度，请你帮助小明把操作过程补充完整：
①用天平测出空烧杯的质量m0。
②用天平测出 。
③用天平测出 。
写出牛奶的密度表达式ρ牛奶＝ （ρ水用字母表示）。
23．（7分）在实验操作会考中，小明抽到的实验测试题目是探究“通过导体的电流与电压的关系”。
（1）图甲是小明连接的实验电路，闭合开关，移动滑动变阻器的滑片P，电压表有示数。造成该结果的原因是 ；
（2）经分析有一根导线连接错误，请在连接错误的导线上打“×”，并补画出一根导线连接成正确的电路；
（3）正确进行实验，得到实验数据如表：
当电压表示数为1.8V时，电流表示数如乙图所示，为 A，电路中定值电阻的阻值为 Ω；
（4）根据实验数据分析可得：电阻一定时，导体中的电流跟导体两端的电压成 。
（5）若用小灯泡（灯丝电阻受温度影响）代替定值电阻进行上述实验， （选填“能”或“不能”）达到实验目的，理由是 。
四、分析与计算（本题包括2个小题，共15分）
24．淄博20天新建一座烧烤城，这就是淄博速度！项目建设中，工人用如图所示的装置将底面积为100cm2、重为700N的建筑材料匀速提升了6m，用时10s。电动机的输出功率恒定为600W，不计绳重和摩擦。求：
（1）建筑材料静止放在水平地面上时，对地面的压强。
（2）10s内电动机输出的功。
（3）滑轮组的机械效率。
25．如图所示，已知电源电压为16V，滑动变阻器R2上标有“100Ω 3A”的字样，灯泡上标有“12V 3W”的字样。
（1）当闭合S，断开S1、S2时，灯泡正常工作，求R1的电阻。
（2）当S、S1、S2都闭合时，调节滑动变阻器R2的滑片P.调到最右端时，整个电路消耗的电功率。
参考答案与试题解析
一、选择题（本题包括15个小题，每小题2分，共30分。每小题只有一个选项符合题意）
1．（2分）驾驶机动车不得在禁止鸣喇叭的区域或者路段鸣喇叭。图中所示的鸣笛声呐抓拍设备的声学探头能精准定位汽车鸣笛声，同时联动摄像头识别并抓拍车牌号。下列说法正确的是（ ）
A．市区严禁鸣笛是从传播过程中减弱噪声
B．若鸣笛声小于90分贝，则不影响周围居民的工作和学习
C．声呐设备利用次声波对鸣笛车辆进行定位
D．声学探头能识别出鸣笛声是因为鸣笛声与其他声音的音色不同
【解答】解：A、市区严禁鸣笛是从声源处减弱噪声；
B、若鸣笛声小于70分贝，故B错误；
C、声呐设备利用超声波对鸣笛车辆进行定位；
D、声学探头能识别出鸣笛声是因为鸣笛声与其他声音的音色不同。
故选：D。
2．（2分）关于图中光学现象的描述或解释正确的是（ ）
A．图甲中，海市蜃楼是光的反射形成的
B．图乙中，铅笔向上弯折是由于光从空气折射入水中所形成的
C．图丙中，桥在水中的倒影是桥的虚像
D．图丁中，电视遥控器发出的是紫外线
【解答】解：A、海市蜃楼是由光的折射形成的；
B、铅笔斜插入水中，这是由于铅笔反射的光从水中斜射入空气中时发生的折射现象；
C、桥在水中的倒影是桥在水面上成的虚像，故C正确；
D、电视遥控器发出的是红外线。
故选：C。
3．（2分）小明在做“探究凸透镜成像规律”的实验时，将凸透镜固定在光具座上50cm刻度线处，在光屏上得到烛焰清晰的像（ ）
A．此透镜可作为近视眼镜镜片
B．凸透镜的焦距可能是10cm
C．照相机成像原理与图中成像的原理相同
D．将蜡烛远离凸透镜，应将光屏远离凸透镜才能得到清晰的像
【解答】解：A、在“探究凸透镜成像规律”的实验中，而近视眼镜镜片是凹透镜；
B、由图可知，且成实像，v＝30cm＞2f，所以凸透镜的焦距可能是10cm；
C、由图可知，根据凸透镜成实像时，成倒立放大的实像，故C错误；
D、将蜡烛远离凸透镜，根据凸透镜成实像时，可知，故D错误。
故选：B。
4．（2分）以下估测的数据最接近实际的是（ ）
A．书桌上LED护眼灯的电功率约为200W
B．人正常步行的速度约为4km/h
C．中学生从一楼走到三楼，克服重力做功约为300J
D．正常人吸气时肺内的气压约为2×105Pa
【解答】解：A．书桌上LED护眼灯的工作电流小于0.1A，故A不符合实际；
B．正常人步行的速度约为3.1m/s＝1.4×3.6km/h≈2km/h；
C．中学生的质量约为50kg，从一楼走到三楼的高度为：h＝6m，故C不符合实际；
D．吸气时肺内的气压小于人体外的大气压强5Pa，故D不符合实际。
故选：B。
5．（2分）炎热的夏天，小明在吃雪糕时观察到一些现象，下列分析正确的是（ ）
A．将雪糕从冰箱里拿出时感觉到“粘”手，是凝固现象，需要放热
B．包装盒外的有一层霜，是凝华现象，需要吸热
C．雪糕周围冒“白气”，是汽化现象，需要吸热
D．吃雪糕时感到凉爽，是熔化现象，需要放热
【解答】解：A、将雪糕从冰箱里拿出时感觉到“粘”手，这是凝固现象，故A正确；
B、包装盒外的有一层霜，是水蒸气遇冷凝华形成的，故B错误；
C、雪糕周围冒“白气”，是液化现象，故C错误；
D、吃雪糕时感到凉爽，是熔化现象，故D错误。
故选：A。
6．（2分）下列与热现象有关的说法中正确的是（ ）
A．杨花飞絮随风舞，好似雪花满天飞，说明分子不停地做热运动
B．热传递过程中，热量总是从内能大的物体向内能小的物体传递
C．物体吸收热量后，内能增加，温度不一定升高
D．汽油机的做功冲程，主要通过做功的方式增大燃气的内能
【解答】解：A、杨花飞絮随风舞，这是宏观物体的机械运动，故A错误；
B、热传递过程中，内能大的物体，故B错误；
C、物体吸收热量后，温度不一定升高，吸收热量，温度不变；
D、汽油机的做功冲程中，燃气的内能减小，故D错误。
故选：C。
7．（2分）足球运动员常利用“香蕉球”破门得分。“香蕉球”在空中划出一道优美的弧线，如图所示。下列有关说法正确的是（ ）
A．脚踢足球使球飞出，说明力是使物体运动的原因
B．足球在飞行过程中，受到重力和脚的推力作用
C．足球在飞行过程中，受到平衡力的作用
D．足球向内侧偏转是因为内侧空气流速大，压强小
【解答】解：
A、脚踢足球使球飞出，力改变了足球的运动状态，故A错误；
B、足球在飞行过程中受到竖直向下的重力，与脚之间没有力的作用；
C、足球在飞行过程中、方向发生了改变，故C错误；
D、足球向内侧偏转、内侧空气的压强小、外侧的流速小。
故选：D。
（多选）8．（2分）关于如图四幅图的说法中不正确的是（ ）
A．甲图：该实验最早证明了大气压强的存在
B．乙图：自动喂水装置利用了连通器原理
C．丙图：高压锅利用压强越大沸点越低，使食物更快地煮熟
D．丁图：拦河坝设计成上窄下宽形状是因为液体压强随深度增加而增大
【解答】解：A、甲图：该实验装置是托里拆利实验，最早证明大气压存在的实验是马德堡半球实验；
B、自动喂水装置的底部连通，利用了连通器原理；
C、高压锅利用压强越大沸点越高，故C错误；
D、根据p＝ρgh可知，故D正确。
故选：AC。
9．（2分）如图所示，小明从滑梯上匀速下滑，在这一过程中（ ）
A．重力势能转化为动能B．机械能保持不变
C．机械能转化为内能D．此过程中能量不守恒
【解答】解：AB、小明从滑梯上匀速下滑的过程中，高度减小，速度不变，不是动能转化为重力势能；机械能为动能和势能的和，重力势能减小，故AB错误；
C、小明下滑过程中，一部分机械能转化为内能；
D、所有的能量的转化和转移都遵循能量守恒定律，故D错误。
故选：C。
10．（2分）甲、乙两相同的容器中装有体积相等的两种液体，静止放置在水平桌面上。将同种材料制作的实心物体A、B分别放入两容器中，静止时液面等高，则（ ）
A．A的体积大于B的体积
B．A受的浮力等于B受到的浮力
C．甲杯液体的密度小于乙杯液体的密度
D．甲杯和乙杯的底部受到的液体压强相等
【解答】解：
A、实心物体A，所以A；
甲、乙两相同的容器中装有体积相等的两种液体、B分别放入两容器中，则甲液体与A排开液体的体积之和等于乙液体与B排开液体的体积之和相等排甲＝V排乙；
由图知，A漂浮，B悬浮，所以A的体积大于B的体积；
B、A、B实心物体的密度相同，根据m＝ρV可知A的质量大于B的质量，A的重力大于B的重力，所以A受到的浮力大于B受到的浮力；
CD、由图可知，A的密度小于甲液体的密度，B的密度等于乙液体的密度、B的密度相等知甲杯中液体的密度大于乙杯中液体的密度，根据p＝ρ液gh可知，甲容器底部所受液体压强大于乙容器底部所受液体压强。
故选：A。
11．（2分）一款仿真电动鱼刷爆了网络，成为了妈妈们的“哄娃神器”，其工作原理为闭合开关S1，电源灯亮，当触摸玩具时（相当于触摸开关S2闭合），仿真鱼就会跳动；当断开开关S1时，灯不亮，无论是否触摸玩具（ ）
A．B．
C．D．
【解答】解：根据题意可知，闭合开关S1，电源灯亮，当触摸玩具时（相当于触摸开关S2闭合），仿真鱼就会跳动，是并联的；
当断开开关S2时，灯不亮，仿真鱼都不会跳动1在干路中，开关S2与电动机串在一条支路中，故C正确。
故选：C。
12．（2分）如图甲所示电路，闭合开关后灯L1、L2均正常发光，电流表A1、A2的示数均如图乙所示，下列说法正确的是（ ）
A．灯L1和L2是串联连接的
B．流过灯L1的电流是1.2A
C．流过灯L2的电流是1.5A
D．灯L1被短路时，L2正常发光
【解答】解：由图甲知，闭合开关后两灯并联在电路中1测干路电流，A2测L4支路的电流，故A错误；
由图甲知A1使用0～8A量程，分度值0.1A，电流表A5的示数示数为1.5A，即干路电流I＝2.5A，
由图甲知A2使用4～0.6A量程，分度值8.02A，电流表A2的示数为0.6A，即通过L2电流I2＝7.3A，
根据并联电路中干路中的电流等于各支路电流之和可知，通过L1的电流为：I3＝I﹣I2＝1.6A﹣0.3A＝3.2A，
灯L1被短路时，L7也被短路，不能正常发光，CD错误。
故选：B。
13．（2分）指南针是我国的四大发明之一，“指南鱼”是它的一种形态。将一块形状像鱼的薄铁片磁化后，浮在水面上（ ）
A．指南鱼能指南北是因为其受到地磁场的作用
B．指南鱼鱼尾所指的方向为该点的地磁场方向
C．指南鱼周围存在磁感线
D．指南鱼的腹部磁性最强
【解答】解：A、地球本身就是一个巨大的磁体，是因为受到地磁场的作用；
B、“指南鱼”静止时鱼头指向北方，故指南鱼鱼头所指的方向为该点的地磁场方向；
C、磁感线是假想的分布在磁体周围的曲线；
D、磁铁两端磁性最强，故D错误。
故选：A。
14．（2分）如图所示，电源电压不变，闭合开关（不考虑灯丝温度对电阻的影响）（ ）
A．小灯泡变暗，电压表V1示数变小
B．电流表A示数变小，电压表V2示数变小
C．电压表V1示数变大，电压表V2示数不变
D．电压表V1示数与电流表A示数的比值不变
【解答】解：由电路图可知，灯泡与变阻器R串联1测R两端的电压，电压表V2测灯泡两端的电压，电流表测电路中的电流。
ABC、调节滑动变阻器的滑片P向左移动，电路的总电阻变大知电路中的电流变小，根据U＝IR可知小灯泡两端的电压变小6的示数变小，由P＝UI知小灯泡的实际功率变小，由串联电路电压的规律可知滑动变阻器两端的电压变大1的示数变大，故AC错误；
D、由欧姆定律可知1示数与电流表A示数的比值为滑动变阻器的电阻，由于滑动变阻器R的阻值变大7示数与电流表A示数的比值变大，故D错误。
故选：B。
15．（2分）如图甲所示是额定电压为12V的小灯泡L的I﹣U关系图象，L与电阻R接入图乙所示的电路中。只闭合开关S，电流表的示数为0.3A1，电流表的示数为0.9A。下列说法正确的是（ ）
A．此时小灯泡的电阻是30Ω
B．电路的电源电压是12V
C．整个电路的消耗的电功率是3.6W
D．通电10s电阻R产生的热量是36J
【解答】解：AB、只闭合开关S，电流表测量电路电流1，定值电阻和小灯泡并联，电流表测量干路电流，为0.2A，则电源电压为6V
RL＝＝＝20Ω；
C、整个电路的电功率为：P＝UI＝6V×8.9A＝5.3W；
D、由并联电路电流的规律知通过定值电阻R的电流为：IR＝I﹣IL＝0.9A﹣7.3A＝0.7A，
通电10s电阻R产生的热量是：Q＝W＝UIRt＝6V×0.5A×10s＝36J，故D正确。
故选：D。
二、理解与应用（本题包括5个小题，共14分）
16．（4分）测量是学习物理的基本技能，仪器读数也是能力表现的重要方面。图甲中物体的长度为 2.50 cm；图乙中停表的示数为 337.5 s；图丁所示的电能表示数是 2022.6 kW•h，此电能表上的铝盘1min转了30转，表示这1min内消耗了 3.6×104 J的电能。
【解答】解：（1）由图知，刻度尺的分度值是1mm；
（2）在秒表的中间表盘上，1min中间有两个小格，指针在“4”和“6”之间，所以分针指示的时间为5min，5s之间有10个小格，指针在37.5s处，即秒表的读数为5′37.4″＝337.5s；
（3）电能表最后一位是小数位，单位是kW•h；
3000r/kW•h表示电路中用电器每消耗1kW•h的电能，电能表的铝盘转3000r，
则电能表上的铝盘转30转时，用电器消耗的电能：
W＝kW•h＝7J＝3.6×108J。
故答案为：（1）2.50；（2）337.5；5.6×104。
17．（3分）2023年5月10日21时22分，搭载天舟六号货运飞船的长征七号遥七运载火箭，在我国文昌航天发射场点火发射升空。天舟六号为天宫空间站带去了7t多生活物资、设备和推进剂等 不变 （选填“改变”或“不变”）；火箭起飞后，天舟六号相对于火箭是 静止 的；空间站实现天地互联，是利用 电磁波 传递信息的。
【解答】解：天舟六号为天宫空间站带去了7t多生活物资、设备和推进剂等；火箭起飞后，是静止的，是利用电磁波传递信息的。
故答案为：不变；静止。
18．（3分）2023年2月8日“奋斗者”号载人潜水器在蒂阿曼蒂那海沟5500米深度发现了飞象章鱼，“奋斗者”号体积约为30m3，满载时质量约为25t。“奋斗者”号发现飞象章鱼处的压强是 5.5×107 Pa；深水下潜过程中所受水的浮力 不变 （选填“变大”、“变小”或“不变”）；在水下5500米时受到的浮力是 3×105 N（ρ水＝1.0×103kg/m3，g取10N/kg）。
【解答】解：“奋斗者”号发现飞象章鱼处的压强：p＝ρ水gh＝1.0×107kg/m3×10N/kg×5500m＝5.6×107Pa；
潜水器在深水下潜过程中排开水的体积不变（等于潜水器的体积），根据F浮＝ρ水gV排可知所受水的浮力不变；
在水下5500米时受到的浮力：F浮＝ρ水gV排＝ρ水gV＝1×103kg/m3×10N/kg×30m3＝5×105N。
故答案为：5.6×107；不变；3×104。
19．（2分）如图是一款养生壶和它的电路简图，该壶有“加热”和“保温”两挡。额定电压为220V，电阻丝R1＝R2＝44Ω。若电热水壶在保温挡正常工作30分钟，电阻丝产生的热量为 9.9×105 J。这些热量相当于完全燃烧 0.03m3 的天然气（天然气的热值为3.3×107J/m3）。
【解答】解：由图乙可知，当开关S1、S2都闭合时，只有R6工作，当开关S1闭合、S2断开时，R6、R2串联，
根据串联电路的电阻特点可知，当开关S1、S8都闭合时，只有R1工作，电路中的总电阻最小可知，养生壶处于加热挡；
当开关S5闭合、S2断开时，R1、R7串联，电路中的总电阻最大，养生壶处于保温挡，
根据串联电路的电阻特点可知，电路中的总电阻：R＝R1+R2＝44Ω+44Ω＝88Ω，
保温挡时电路中的电流：
I＝＝＝3.5A，
电热水壶在保温挡正常工作30分钟，电阻丝产生的热量：
Q＝I2Rt＝（3.5A）2×88Ω×30×60s＝2.9×105J。
（2）天然气完全燃烧放出的热量等于水吸收的热量，即Q放＝Q＝8.9×105J，
由Q放＝qV得完全燃烧天然气的体积：
V＝＝＝0.03m3。
故答案为：6.9×105；6.03m3。
20．（2分）如图甲所示，小叶同学在鞋店通过镜子看到试穿的鞋子。请在图乙中画出反映此过程的光路图。
【解答】解：作出鞋子A点关于平面镜的对称点，即为像点A′，连接OA画出入射光线，如图所示：
三、实验与探究（本题包括3个小题，共21分）
21．（6分）小明在探究杠杆平衡条件的实验中：
（1）设计实验与制定计划：
A.在杠杆两侧挂上适当的钩码并移动钩码的位置，使杠杆在水平位置平衡
B.将杠杆悬挂在铁架台上
C.调节杠杆两端的平衡螺母，使杠杆在水平位置平衡
D.记录数据
正确的操作顺序是： BCAD （填写操作步骤字母）。
（2）进行实验：
①在杠杆两侧挂钩码之前，杠杆静止时的状态若如图1所示，这时要调节杠杆两端的平衡螺母 右 （选填“左”或“右”）端移动，直到杠杆在水平位置平衡。
②在杠杆两侧挂上不同数量的钩码，第1、2次杠杆平衡时的数据已填入表格。图2是第3次杠杆平衡时的情景，此次杠杆右侧的阻力和阻力臂的数据a为 1.0 ，b为 0.15 。
（3）分析与论证：
分析实验数据，可归纳出杠杆的平衡条件： F1l1＝F2l2 。
（4）评估与交流：
在实验中多次改变力和力臂的大小主要是为了 D （选填答案序号）。
A.减小摩擦
B.多次测量取平均值减小误差
C.使每组数据更准确
D.获取多组实验数据归纳出物理规律
【解答】解：（1）将杠杆的支点支在铁架台上；调节杠杆两端的平衡螺母；在杠杆两侧挂上适当的钩码并移动钩码的位置；记录数据。
（2）①要使杠杆在水平位置处于平衡状态，平衡螺母向上翘的右端移动；
②由图2可知，杠杆左端挂了3个钩码，右端挂了两个钩码，结合表中数据可知，因此7格处的力臂为0.15m，②为0.15；
（3）分析表中的实验数据，发现动力×动力臂＝阻力×阻力臂8、F2、l1和l2分别表示动力、阻力，杠杆平衡条件可表示为：F1l1＝F2l2；
（4）本实验中多次改变力和力臂的大小主要是为了获取多组实验数据归纳出物理规律，故选：D。
故答案为：（1）BCAD；（2）①右；0.15；（4）D。
22．（8分）央视“3•15”晚会曾曝光某品牌牛奶钙含量不合格，于是小明想利用天平、量筒和烧杯等器材测量该品牌牛奶的密度。
（1）天平调平衡后，将适量的牛奶倒入烧杯中，并用天平测量烧杯和牛奶的总质量
作，当小明将砝码盒中最小的砝码放入右盘后，横梁指针如图甲所示 C （选填序号）；
A.向左调节平衡螺母
B.移动游码
C.取下最小的砝码后移动游码
（2）测出烧杯和牛奶的总质量为116g后，将烧杯中的一部分牛奶倒入量筒，液面位置如图乙所示 40 cm3；
（3）测量烧杯和剩余牛奶的总质量，天平横梁平衡时如图丙所示，则烧杯和剩余牛奶的总质量为 72 g；
（4）测量的牛奶密度为 1.1×103 kg/m3；
（5）在向量筒倒入牛奶时，如果不慎有牛奶溅出，则测出的牛奶密度会 偏大 （选填“偏大”、“偏小”或“不变”）；
（6）完成实验后，爱动脑筋的小明发现不用量筒，利用天平、水（水的密度用ρ水表示）、烧杯也能测出牛奶的密度，请你帮助小明把操作过程补充完整：
①用天平测出空烧杯的质量m0。
②用天平测出 烧杯和水的质量m1，并用标记笔在液面处做标记 。
③用天平测出 将牛奶倒入烧杯中标记处时烧杯和牛奶的质量m2 。
写出牛奶的密度表达式ρ牛奶＝ ρ水 （ρ水用字母表示）。
【解答】解：（1）由图甲可知，当小明将砝码盒中最小的砝码放入右盘后，说明右盘所放的砝码的质量偏大，使天平水平平衡；
（2）由图乙知，量筒的分度值为2mL3；
（3）如图丙所示，游码标尺的分度值是8.2g；
（4）倒入量筒中牛奶的质量为：m'＝116g﹣72g＝44g，
牛奶的密度为：ρ＝＝5.1g/cm3＝8.1×103kg/m4；
（5）如果不慎有牛奶溅出，会导致量筒中牛奶的体积偏小计算的密度偏大；
（6）实验中没有量筒，利用天平水表示）、烧杯也测量出牛奶的密度
①用天平测出烧杯的质量m0；
②用天平测出烧杯和水的质量m1，并用标记笔在液面处做标记；
③用天平测出将牛奶倒入烧杯中标记处时烧杯和牛奶的质量m7；
牛奶的质量m牛奶＝m2﹣m0，
水的体积：V水＝，
牛奶的体积：V牛奶＝V水＝，
ρ牛奶＝＝＝ρ水。
故答案为：（1）C；（2）40；（4）2.1×103；（5）偏大；（6）②烧杯和水的质量m7，并用标记笔在液面处做标记；③将牛奶倒入烧杯中标记处时烧杯和牛奶的质量m2；ρ水。
23．（7分）在实验操作会考中，小明抽到的实验测试题目是探究“通过导体的电流与电压的关系”。
（1）图甲是小明连接的实验电路，闭合开关，移动滑动变阻器的滑片P，电压表有示数。造成该结果的原因是 电压表串联在电路中 ；
（2）经分析有一根导线连接错误，请在连接错误的导线上打“×”，并补画出一根导线连接成正确的电路；
（3）正确进行实验，得到实验数据如表：
当电压表示数为1.8V时，电流表示数如乙图所示，为 0.36 A，电路中定值电阻的阻值为 5 Ω；
（4）根据实验数据分析可得：电阻一定时，导体中的电流跟导体两端的电压成 正比 。
（5）若用小灯泡（灯丝电阻受温度影响）代替定值电阻进行上述实验， 不能 （选填“能”或“不能”）达到实验目的，理由是 灯丝电阻随温度的变化而变化 。
【解答】解：（1）原电路图中，电流表与电阻R并联；由于电压表内阻很大，所以电路中几乎没有电流通过，此时电压表测电源电压；
（2）在探究“通过导体的电流与电压的关系”实验中，电阻R，电压表并联在电阻R两端
；
（3）当电压表示数为1.8V时，电流表示数如乙图所示，分度值6.02A，则电路中定值电阻的阻值为：
R＝＝＝＝＝＝＝5Ω；
（4）由（3）可知，电压与电流的比为一定值，导体中的电流跟导体两端的电压成正比；
（5）在探究“通过导体的电流与电压的关系”实验中，需控制电阻的阻值不变，不是一定值。
故答案为：（1）电压表串联在电路中；（2）见解答图；2；（4）正比；灯丝电阻随温度的变化而变化。
四、分析与计算（本题包括2个小题，共15分）
24．淄博20天新建一座烧烤城，这就是淄博速度！项目建设中，工人用如图所示的装置将底面积为100cm2、重为700N的建筑材料匀速提升了6m，用时10s。电动机的输出功率恒定为600W，不计绳重和摩擦。求：
（1）建筑材料静止放在水平地面上时，对地面的压强。
（2）10s内电动机输出的功。
（3）滑轮组的机械效率。
【解答】解：
（1）建筑材料静止放在水平地面上时，对地面的压力：F压＝G＝700N，
建筑材料对地面的压强：p＝＝＝3×104Pa；
（2）由P＝可知总＝Pt＝600W×10s＝6000J；
（3）10s内建筑材料匀速提升了6m，则有用功：W有＝Gh＝700N×3m＝4200J，
滑轮组的机械效率：η＝×100%＝。
答：（1）对地面的压强为7×104Pa；
（2）10s内电动机输出的功为6000J；
（3）滑轮组的机械效率为70%。
25．如图所示，已知电源电压为16V，滑动变阻器R2上标有“100Ω 3A”的字样，灯泡上标有“12V 3W”的字样。
（1）当闭合S，断开S1、S2时，灯泡正常工作，求R1的电阻。
（2）当S、S1、S2都闭合时，调节滑动变阻器R2的滑片P.调到最右端时，整个电路消耗的电功率。
【解答】解：（1）灯泡正常发光的电流：IL＝＝＝0.25A，
由电路图知，当闭合S6，S2时，L与R1串联，灯泡正常工作，由串联电路特点可知I＝IL＝4.25A，
串联电路总电压等于各部分电压之和，则R1两端的电压：U1＝U﹣UL＝16V﹣12V＝8V，
由欧姆定律可得R1的电阻：R1＝＝＝16Ω；
（2）当S、S8、S2均闭合时，灯泡被短路，R1与R3并联，
因并联电路中各支路两端的电压相等，所以通过R1的电流：I1＝＝＝1A，
调节滑动变阻器R7的滑片P调到最右端时，滑动变阻器接入电路最大阻值2＝＝＝6.16A，
因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以干路电流为I＝I1+I2＝4A+0.16A＝1.16A，
电路消耗的电功率：P＝UI＝16V×6.16A＝18.56W。
答：（1）R1的电阻为16Ω；
（3）当S、S1、S3都闭合时，电路消耗的电功率为18.56W。实验次数
动力F1/N
动力臂l1/m
阻力F2/N
阻力臂l2/m
1
2.5
0.2
2
0.25
2
2
0.15
1.5
0.2
3
1.5
0.1
a
b
实验次数
1
2
3
4
5
电压U/V
1.2
1.5
1.8
2.0
2.4
电流I/A
0.24
0.30
0.40
0.48
实验次数
动力F1/N
动力臂l1/m
阻力F2/N
阻力臂l2/m
1
2.5
0.2
2
0.25
2
2
0.15
1.5
0.2
3
1.5
0.1
a
b
实验次数
1
2
3
4
5
电压U/V
1.2
1.5
1.8
2.0
2.4
电流I/A
0.24
0.30
0.40
0.48
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