2023-2024学年山东省青岛十七中高二(下)期初数学试卷(含解析)
展开1.已知下表为随机数表的一部分,将其按每5个数字编为一组:
08015 17727 45318 22374 21115 78253
77214 77402 43236 00210 45521 64237
29148 66252 36936 87203 76621 13990
68514 14225 46427 56788 96297 78822
已知甲班有60位同学,编号为01−60号,现在利用上面随机数表的某一个数为起点,以简单随机方法在甲班中抽取4位同学,得到下列四组数据,则抽到的4位同学的编号不可能是( )
A. 08,01,51,27B. 27,02,52,25
C. 15,27,18,74D. 14,22,54,27
2.2022年普通高中招生体育考试满分确定为100分.甲、乙、丙三名考生独立参加测试,他们能达到满分的概率分别是0.7,0.8,0.75,则三人中至少有一人满分的概率为( )
A. 0.015B. 0.985C. 0.995D. 0.42
3.已知O是坐标原点,F是抛物线C:y2=2px(p>0)的焦点,P(x0,4)是C上一点,且|PF|=4,则△POF的面积为( )
A. 8B. 6C. 4D. 2
4.若直线a与b是异面直线,直线b与c是平行直线,则直线a与c的位置关系是( )
A. 相交B. 平行C. 相交或异面D. 平行或异面
5.在同一个直角坐标系下,函数y=xa,y=ax,y=lgax(a>0且a≠1)的图像可能是( )
A. B.
C. D.
6.已知集合M={y|y=3x,x>0},N={x|y=lg(3x−x2)},则M∩N为( )
A. ⌀B. (1,+∞)C. [3,+∞)D. (1,3)
7.已知向量a=(1,m),向量b=(−1,m).若向量3a−b与向量b垂直,则|a|=( )
A. 3B. 5C. 3D. 5
8.已知双曲线C:x2a2−y2b2=1(a>0,b>0)的离心率为 5,则其两条渐近线所成的锐角的余弦值为( )
A. 35B. 45C. 23D. 34
二、多选题:本题共3小题,共18分。在每小题给出的选项中,有多项符合题目要求。
9.已知复数z满足z+z−=−4,z⋅z−=5,则z可能为( )
A. −2−iB. 2+iC. −2+iD. −2−2i
10.已知a>0,b>0,直线l1:x+(a−4)y+1=0,l2:2bx+y−2=0,且l1⊥l2,则( )
A. 0
A. S10>S9B. S17<0C. S18>S19D. S19>0
三、填空题:本题共3小题,每小题5分,共15分。
12.已知三棱锥S−ABC的体积为1,E是SA的中点,F是SB的中点,则三棱锥F−BEC的体积是______.
13.在平面直角坐标系xOy中,若圆C的圆心在第一象限,圆C与x轴相交于A(1,0)、B(3,0)两点,且与直线x−y+1=0相切,则圆C的标准方程为______.
14.已知△ABC中,a,b,c分别为角A,B,C所对的边,若sinA=35,13(a+b)2=13c2+36ab,则csA= ______,sinB= ______.
四、解答题:本题共5小题,共77分。解答应写出文字说明,证明过程或演算步骤。
15.(本小题13分)
已知等差数列{an}的前n项和为Sn,a8=S3,a4=2a2−2.
(1)求数列{an}的通项公式;
(2)设bn=1Sn+2,求其前n项和为Tn.
16.(本小题15分)
(1)已知csα=45,求sin4α+cs4α的值;
(2)已知sinα+csα=12,求sin2α的值;
(3)已知α∈(3π2,2π).化简 1−sinα+ 1+sinα;
(4)已知tan(α−β2)=12,tan(β−α2)=−13,求tan(α+β)的值.
17.(本小题15分)
(1)求值0.027−13−(−17)−2+25634−3−1+1;
(2)设0≤x≤2,求函数y=4x−12−2x+1+5的最大值和最小值.
18.(本小题17分)
已知椭圆C:x2a2+y2b2=1(a>b>0)的两个焦点与短轴的一个端点连线构成等边三角形,且椭圆C的短轴长为2 3.
(1)求椭圆C的标准方程;
(2)是否存在过点P(0,2)的直线l与椭圆C相交于不同的两点M,N,且满足OM⋅ON=2(O为坐标原点)若存在,求出直线l的方程;若不存在,请说明理由.
19.(本小题17分)
如图,在多面体ABCDEF中,四边形ABCD为菱形,且∠ABC=60°,AE⊥平面ABCD,AB=AE=2DF,AE//DF.
(1)证明:平面AEC⊥平面CEF;
(2)求平面ABE与平面CEF夹角的余弦值.
答案和解析
1.【答案】C
【解析】解:因为60位同学的编号为01−60号,
所以利用随机数表法抽到的4位同学的编号不可能大于60,
即不可能是选项C中的74.
故选:C.
根据60位同学的编号为01−60号,得出抽到的4位同学的编号不可能大于60.
本题考查了简单随机抽样应用问题,是基础题.
2.【答案】B
【解析】解:三人中至少有一人满分的对立事件是三人中一个满分也没有,
三人中一个满分也没有的概率为0.3×0.2×0.25=0.015,
则三人中至少有一人满分的概率P=1−0.015=0.985.
故选:B.
利用相互独立事件和对立事件概率乘法公式求解.
本题考查概率的求法,是基础题,解题时要认真审题,找出所求事件的对立事件,是解决本题的关键.
3.【答案】C
【解析】解:∵F是抛物线C:y2=2px(p>0)的焦点,P(x0,4)是C上一点,且|PF|=4,
∴x0+p2=416=2px0,解得x0=2p=4,
∴△POF的面积为12×2×4=4.
故选:C.
根据已知条件,结合P(x0,4)是C上一点,以及抛物线的定义,即可求解.
本题主要考查抛物线的定义,属于基础题.
4.【答案】C
【解析】解:如图,
在正方体AC1中,取直线AB为直线a,直线DD1为直线b,直线BB1为直线c,
AB和DD1是异面直线,DD1//BB1,有AB与BB1相交;
在正方体AC1中,取直线AB为直线a,直线DD1为直线b,直线CC1为直线c,
AB和DD1是异面直线,DD1//CC1,AB与CC1是异面直线.
∴两直线a与b是异面直线,b//c,则a、c的位置关系是异面或相交.
故选:C.
借助于正方体中直线与直线的位置关系即可得答案.
本题考查空间中直线与直线位置关系的判定,考查空间想象能力与思维能力,是基础题.
5.【答案】B
【解析】解:根据题意,分2种情况讨论,
当a>1时,在第一象限,y=xa为增函数,y=ax为增函数,y=lgax也为增函数,
没有选项符合,
当0B选项符合,
故选:B.
根据题意,分a>1与0本题考查指数函数、对数函数、幂函数的图象,注意对a分情况讨论,属于基础题.
6.【答案】D
【解析】解:已知集合M={y|y=3x,x>0}=(1,+∞),
N={x|y=lg(3x−x2)}=(0,3),
则M∩N=(1,3),
故选:D.
求出集合A,B,再计算即可.
考查集合的交集运算,考查了指数与对数函数定义域,中档题.
7.【答案】A
【解析】解:因为向量a=(1,m),向量b=(−1,m),且向量3a−b与向量b垂直,
所以(3a−b)⋅b=3a⋅b−b2=0,
即3(−1+m2)−(1+m2)=0,
解得m2=2,
所以|a|= 1+m2= 3.
故选:A.
根据平面向量的数量积运算,利用两向量垂直时数量积为0列方程求出m2,再计算|a|.
本题考查了平面向量的数量积运算问题,也考查了运算求解能力,是基础题.
8.【答案】A
【解析】解:双曲线C:x2a2−y2b2=1(a>0,b>0)的焦点在x轴上,其渐近线方程为y=±bax,
设y=bax的倾斜角为θ,
若双曲线的离心率e= 5,则e=ca= 5,即c= 5a,
则b= c2−a2=2a,则有ba=tanθ=2,
∴cs2θ=cs2θ−sin2θ=cs2θ−sin2θcs2θ+sin2θ=1−tan2θ1+tan2θ=1−41+4=−35,
故两条渐近线所成的锐角的余弦值为35.
故选:A.
由双曲线的方程分析其渐近线方程为y=±bax,设y=bax的倾斜角为θ,由离心率公式可得c= 5a,求出ba=tanθ=2,由三角函数恒等变形公式可得cs2θ的值,进一步得答案.
本题考查双曲线的几何性质,考查运算求解能力,是中档题.
9.【答案】AC
【解析】解:设z=a+bi(a,b∈R),
∵z+z−=−4,z⋅z−=5,
∴a+bi+a−bi=2a=−4a2+b2=5,解得a=−2,b=±1,
故z=−2−i或−2+i.
故选:AC.
结合复数相等的条件,以及共轭复数的定义,即可求解.
本题主要考查复数相等的条件,以及共轭复数的定义,属于基础题.
10.【答案】ABD
【解析】解:由l1⊥l2,得2b+a−4=0,即a+2b=4,
a>0,b>0,则a+2b=4≥2 2ab,当且仅当a=2b,即a=2,b=1时等号成立,
所以0
当且仅当a=2b,即a=2,b=1时等号成立,所以有a2+4b2≥8,B选项成立;
由a+2b=4,有a=4−2b,a>0,b>0,则0a2+b2=(4−2b)2+b2=5b2−16b+16,
对称轴为b=85时,由二次函数的性质可知,
a2+b2有最小值165,C选项错误;
由a+2b=4,有(a+1)+2b=5,
1a+1+12b=15(1a+1+12b)[(a+1)+2b]=15(2+2ba+1+a+12b)≥15(2+2 2ba+1⋅a+12b)=45,
当且仅当2ba+1=a+12b,即a=32,b=54时等号成立,D选项正确.
故选:ABD.
由l1⊥l2,得a+2b=4,利用基本不等式和二次函数的性质,判断各选项中的不等式是否成立.
本题主要考查不等式及其应用,属于中档题.
11.【答案】ABD
【解析】解:根据题意可知数列为递增数列,a9<0,a10>0
∴前9项的和最小,故A正确,
S17=(a1+a17)×17 2=2a9×172=17a9<0,故B正确,
S19=(a1+a19)×19 2=2a10×192=19a10>0,故D正确.
∵a19>0
∴S18=S19−a19
∴S18
先根据题意可知前9项的和最小,判断出A正确;根据题意可知数列为递减数列则a19>0,又S18=S19−a19,进而可知S15>S16,判断出C不正确;利用等差中项的性质和求和公式可知S17=(a1+a17)×17 2=2a9×172=17a9 <0,S19=(a1+a19)×19 2=2a10×192=19a10>0,故BD正确.
本题主要考查了等差数列的性质.考查了学生分析问题和演绎推理的能力.综合运用基础知识的能力.
12.【答案】14
【解析】解:如图,
三棱锥S−ABC的体积为1,即三棱锥A−SBC的体积为1,
设平面SBC的面积为S,A到平面SBC的距离为h,则13Sh=1.
∵F为SB的中点,∴S△BCF=12S,
又E为SA的中点,∴E到平面BCF的距离为12h,
∴VF−BEC=VE−BCF=13×12S×12h=14×13Sh=14.
故答案为:14.
由题意画出图形,由F为SB的中点,得三角形BCF的面积是三角形SBC面积的一半,由E为SA的中点,得E到平面BCF的距离为A到平面BCF的距离的一半,然后利用等积法得答案.
本题考查棱柱、棱锥体积的求法,训练了等积法求多面体的体积,是中档题.
13.【答案】(x−2)2+(y−1)2=2
【解析】【分析】
本题考查圆的标准方程的求法,是中档题,解题时要认真审题,注意点到直线的距离公式的合理运用.
由已知条件设圆心坐标为(2,b)(b>0),由圆与直线x−y+1=0相切,求出圆C的圆心和半径r.由此能求出圆C的标准方程.
【解答】
解:∵圆C的圆心在第一象限,圆C与x轴相交于A(1,0)、B(3,0)两点,
∴设圆心坐标为(2,b)(b>0),
∵圆与直线x−y+1=0相切,
∴ (2−1)2+b2=|2−b+1| 2,
∴b2+6b−7=0,解得b=1或b=−7,
∵b>0,∴b=1
∴圆C的圆心C(2,1),半径r= (2−1)2+12= 2.
∴圆C的标准方程为(x−2)2+(y−1)2=2
故答案为:(x−2)2+(y−1)2=2.
14.【答案】45 6365
【解析】解:由13(a+b)2=13c2+36ab,得13(a2+2ab+b2)=13c2+36ab,
整理可得:13(a2+b2−c2)=10ab,
由余弦定理可得:a2+b2−c2=2abcsC,
所以13×2abcsC=10ab,
可得csC=513,又C∈(0,π),
所以sinC= 1−(513)2=1213>35=sinA,
由正弦定理可得:c>a;
因为三角形中,大边对大角,所以C>A,因此A为锐角,
所以csA= 1−(35)2=45;
又sinB=sin(π−A−C)=sin(A+C)=sinAcsC+csAsinC=35×513+45×1213=6365.
故答案为:45;6365.
由题意及余弦定理可得csC的值,进而求出sinC的值,由sinC>sinA,可得A角为锐角,可得csA的值,再由sinB=sin(A+C),展开整理可得sinB的值.
本题考查余弦定理的应用,属于中档题.
15.【答案】解:(1)设等差数列{an}的公差为d,
则an的通项公式为an=a1+(n−1)d,前n项和公式为Sn=na1+n(n−1)2d,
由题意得a1+7d=3a1+3×22da1+3d=2a1+2d−2,解得a1=4d=2.所以an=4+(n−1)×2=2n+2;
(2)由(1)得Sn=n(4+2n+2)2=n(n+3),所以bn=1n(n+3)+2=1(n+1)(n+2)=1n+1−1n+2,
因此,Tn=b1+b2+b3+⋅⋅⋅+bn=12−13+13−14+14−15+⋅⋅⋅+1n+1−1n+2=12−1n+2=n2(n+2).
【解析】(1)根据题意,将已知条件化成关于a1、d的方程组,解出a1、d,可得等差数列{an}的通项公式;
(2)化简得bn=1n+1−1n+2,从而采用裂项求和的方法求出数列{bn}的的前n项和.
本题主要考查等差数列的通项公式与求和公式、裂项法求数列的前n项和等知识,考查了计算能力、逻辑推理能力,属于中档题.
16.【答案】解:(1)因为csα=45,所以sinα=±35,所以sin2α=2sinαcsα=±2425,
所以sin4α+cs4α=(sin2α+cs2α)2−2sin2αcs2α=1−12sin22α=1−12×(±2425)2=337625;
(2)因为sinα+csα=12,所以(sinα+csα)2=14,即1+sin2α=14,解得sin2α=−34;
(3)因为α∈(3π2,2π),所以α2∈(3π4,π),所以 1−sinα+ 1+sinα= (sinα2−csα2)2+ (sinα2+csα2)2
=|sinα2−csα2|+|sinα2+csα2|,因为α2∈(3π4,π),所以sinα2−csα2>0,sinα2+csα2<0,
所以原式=sinα2−csα2−(sinα2+csα2)=−2csα2;
(4)因为tan(α−β2)=12,tan(β−α2)=−13,
所以tanα+β2=tan[(α−β2)+(β−α2)]=tan(α−β2)+tan(β−α2)1−tan(α−β2)tan(β−α2)=12+(−13)1−12×(−13)=17,
所以tan(α+β)=2tanα+β21−tan2α+β2=2×171−(17)2=724.
【解析】(1)由同角三角函数的基本关系和二倍角的正弦公式计算即可;
(2)由同角三角函数的基本关系和二倍角的正弦公式计算即可;
(3)由同角三角函数的基本关系和二倍角的正弦公式计算结合α的取值范围计算即可;
(4)由两角和的正切公式可求得tanα+β2,再由二倍角的正切公式计算即可.
本题考查利用三角恒等变换知识求三角函数值,属于中档题.
17.【答案】解:(1)0.027−13−(−17)−2+25634−3−1+1=((0.3)3)−13−(−7)2+(44)34−3−1+1=103−49+64−13+1=19;
(2)令t=2x,因为0≤x≤2,所以t∈[1,4].
则函数y=4x−12−2x+1+5可化为y=12t2−2t+5,(1≤t≤4).
因为y=12(t−2)2+3在t∈[1,2]上单调递减,在t∈[2,4]上单调递增,
所以当t=2,即x=1时,y=12(2−2)2+3=3最小;
当t=4,即x=2时,y=12(4−2)2+3=5最大.
所以函数y=4x−12−2x+1+5的最大值为5,最小值为3.
【解析】(1)利用幂的运算性质直接求解;
(2)利用复合函数的值域求解方法直接求解.
本题考查实数指数幂的运算以及复合函数的值域求解,考查运算求解能力,属于基础题.
18.【答案】解:(1)由题意得:2b=2 3a=2ca2=b2+c2,解得a=2b= 3
∴椭圆C的标准方程是x24+y23=1;
(2)当直线l的斜率不存在时,M(0, 3),N(0,− 3)OM⋅ON=−3,不符合题意
当直线l的斜率存在时,设直线l的方程为y=kx+2,M(x1,y1),N(x2,y2)
由x24+y23=1y=kx+2消y整理得:(3+4k2)x2+16kx+4=0,
△=(16k)2−16(3+4k2)>0,
解得k<−12或k>12x1+x2=−16k3+4k2,x1x2=43+4k2
∴OM⋅ON=x1x2+y1y2=(1+k2)x1x2+2k(x1+x2)+4=4(1+k2)3+4k2−32k23+4k2+4=16−12k23+4k2,
∵OM⋅ON=2∴16−12k23+4k2=2
解得k=± 22,满足△>0,
所以存在符合题意的直线,其方程为k=± 22x+2.
【解析】(1)由椭圆的两个焦点与短轴的一个端点连线构成等边三角形,且椭圆C的短轴长为2 3,列出方程组,求出a,b,由此能求出椭圆C的标准方程.
(2)当直线l的斜率不存在时,M(0, 3),N(0,− 3)OM⋅ON=−3,不符合题意当直线l的斜率存在时,设直线l的方程为y=kx+2,M(x1,y1),N(x2,y2)由x24+y23=1y=kx+2,得:(3+4k2)x2+16kx+4=0,利用根的判别式、韦达定理、向量的数量积公式,结合已知条件能求出结果.
本题考查椭圆的标准方程的求法,考查满足条件的直线方程是否存在的判断与求法,考查椭圆、直线方程、韦达定理、向量的数量积公式等基础知识,考查运算求解能力,考查化归与转化思想,是中档题.
19.【答案】解:(1)证明:如图,取EC的中点H,连结BD交AC于点O,连结HO、HF,
∵四边形ABCD为菱形,∴AC⊥BD,
又AE⊥平面 ABCD,BD⊂平面ABCD,∴AE⊥BD,
∵AE⊂平面AEC,AC⊂平面AEC,且AE∩AC=A,
∴BD⊥平面AEC,
∵H、O分别为EC、AC的中点,
∴HO//EA,且HO=12EA,∵AE//DF,且DF=12EA.
∴HO//DF,且HO=DF,∴四边形HODF为平行四边形,
∴HF//OD,即HF//BD,∴HF⊥平面AEC.
∵HF⊂平面CEF,∴平面AEC⊥平面CEF.
(2)取CD中点M,连接AM,∵菱形 ABCD中,∠ABC=60°,
∴△ACD为正三角形,又M 为CD中点,∴AM⊥CD,
∵AB//CD,∴AM⊥AB,∵AE⊥平面ABCD,AB,AM⊂平面ABCD,
∴AE⊥AB,AE⊥AM,以A为原点,AB,AM,AE所在直线分别为x,y,z轴,建立空间直角坐标系A−xyz,如图,
设AB=AD=AE=2DF=2,
则A(0,0,0),B(2,0,0),C(1, 3,0),D(−1, 3,0),E(0,0,2),F(−1, 3,1),
∵AM⊥平面ABE,∴AM=(0, 3,0)为平面ABE的一个法向量,
设平面CEF的法向量为n=(x,y,z),
∵CE=(−1,− 3,2),CF=(−2,0,1),
∴n⋅CE=−x− 3y+2z=0n⋅CF=−2x+z=0⇒y= 3xz=2x,取x=1,得n=(1, 3,2).
设平面 ABE与平面CEF 夹角为θ,
则csθ=csn,AM=|n⋅AM||n|⋅|AM|=32 2× 3= 64,
∴平面 ABE 与平面CEF夹角的余弦值为 64.
【解析】(1)通过证明BD⊥平面AEC,HF//BD,可证明结论;如图建立空间直角坐标系,算出平面CEF的一个法向量,利用向量方法可得答案.
(2)以A为原点,AB,AM,AE所在直线分别为x,y,z轴,建立空间直角坐标系A−xyz,利用平面ABE与平面CEF夹角的余弦值.
本题考查线面垂直、面面垂直的判定与性质、二面角等基础知识,考查运算求解能力,是中档题.
2023-2024学年山东省青岛九中高一(下)期初数学试卷(含解析): 这是一份2023-2024学年山东省青岛九中高一(下)期初数学试卷(含解析),共14页。试卷主要包含了单选题,多选题,填空题,解答题等内容,欢迎下载使用。
2023-2024学年山东省青岛实验高中高二(下)期初质检数学试卷(含解析): 这是一份2023-2024学年山东省青岛实验高中高二(下)期初质检数学试卷(含解析),共18页。试卷主要包含了单选题,多选题,填空题,解答题等内容,欢迎下载使用。
2023-2024学年河北省承德市宽城一中高二(下)期初数学试卷(含解析): 这是一份2023-2024学年河北省承德市宽城一中高二(下)期初数学试卷(含解析),共12页。试卷主要包含了单选题,多选题,填空题,解答题等内容,欢迎下载使用。