河北省保定市六校2022-2023学年高二物理下学期期中考试试卷（Word版附答案）

这是一份河北省保定市六校2022-2023学年高二物理下学期期中考试试卷（Word版附答案），共13页。试卷主要包含了选择题，非选择题等内容，欢迎下载使用。

保定市六校2022-2023学年高二下学期4月期中考试
物理评分标准
一、选择题：本题共7小题，共28分，在每小题给出的四个选项中只有一项符合题目要求。
1．B A．布朗运动说明液体分子永不停息地做无规则的运动。故A错误；
B．分子间同时存在引力和斥力，分子间距离小于平衡位置时，表现为斥力。故B正确；
C．气体压强是分子热运动时对器壁频繁碰撞的结果。故C错误；
D．布朗运动不是分子运动。故D错误。
故选B。
2、 B
A．机械振动没有在介质中传播，则不能形成机械波，故A错误；
B．根据多普勒效应可知，若“天眼”接收到来自遥远星体的电磁波频率变小，则该星体正在远离我们，故B正确。；
C．回复力与位移满足F=-kx这个方程的机械振动就是简谐运动，对于弹簧振子k是指弹簧劲度系，对于单摆k不是指弹簧劲度系，故C错误；
D．横波中质点的振动方向与波的传播方向垂直，故D错误。
故选B
3、解析：A
AB．由图可知乙质点L的振动情况，该时刻质点L向y轴负方向振动。根据上下坡法或者平移法可知，该横波沿x轴负方向传播，质点N该时刻向y轴正方向运动，故A对，故B错
C．质点L只在平衡位置附近y轴方向上下振动，波传播时，质点不会沿x轴正方向移动，故C错误；
D．该时刻质点K与M的速度为零，质点K加速度为-y方向，质点M加速度为+y方向，故D错误。
故选A
4、D 解析：,.故D正确。
5、解析：小石块做自由落体运动，由于相机曝光时间极短，则小石块下落至该块砖处的速度大小可以近似等于
则小石子下落点距离该块砖的高度约为=45.4m故A\D错
鸡蛋底端落地后，鸡蛋顶端的运动是匀减速运动，并且顶端运动到地面时恰好静止，根据运动学公式
解得
规定竖直向上为正，由动量定理有
可得鸡蛋撞击地面过程中地面对鸡蛋的平均冲击力大小
根据牛顿第三定律，可得鸡蛋撞击地面过程中对地面的平均冲击力大小
故B错C对
6、答案D
7、解析：设地球半径为R，地球质量为M，小球质量为m，小球偏离地心的位移为x，根据题意，根据引力公式
又
小球偏离地心的位移为x，此处地球的质量为
考虑到方向性可求出小球偏离地心的位移为x处受到万有引力的合力为
可知引力的合力大小与球偏离地心的位移x成正比，方向相反，所以小球做简谐运动，简谐运动周期与振幅无关，故C错误，D错误，B正确；
小球的周期为，故A错误
二、选择题：（本题共3小题，每小题6分，共18分，在每小题给出的四个选项中有多个选项符合题意，多选、错选得0分，漏选得3分）
8、CD
解析：单色光从空气进入水球，频率一定不变故A错
因为v变小所以波长一定变短故B错
光线在N点射入气泡的入射角比在M点射入气泡的入射角大，所以光线1在M处发生全反射，光线2在N处一定发生全反射
光线从空气射入水球发生折射 ,在AON中， ,故 故D对
9、BD
A．波从波源发出后，向轴正负方向传播，向相反方向传播的波不会相遇，不会发生干涉，故A错误；
B．由图可知，波的波长
由题意可知0.1s内波传播四分之一波长，可得
解得
根据同侧法可知，波源的振动方向向上，时，波源向上振动，位移为正，振动方程为y=15sin(5πt )，所以y=7.5cm故B正确。
C．波的波速
波源停止振动，到质点停止振动的时间
即质点已经停止振动，故C错误；
D．波传到点所需的时间
在0到2s内，质点振动的时间为
质点b运动总路程
故D正确。
故选BD。
10、 ABC
B、设第一辆车碰前瞬间的速度为v1，与第二辆车碰后的共同速度为v2.
由动量守恒定律有mv1＝2mv2
由动能定理有2kmg
则碰撞中系统损失的机械能ΔE＝eq \f(1,2)mv12－eq \f(1,2)(2m)v2 2
联立以上各式解得 ;ΔE=mkgL故B、A正确
C、设第一辆车推出时的速度为v0
由动能定理有m,冲量I＝mv0联立解得I＝故C正确D错误
三、非选择题：共5小题，共54分
11、(每空2分，共6分) 11.1mm 97.5s )
12、（共9分）答案：（1）使射向单缝的光更集中 （1分）
（2）B （1分）
（3） 测量头 （1分） （2分）
（4）10.300（2分） （2分）
解析： （1）使射向单缝的光更集中
（2）根据双缝干涉条纹间距公式可知：
A．将单缝向双缝靠近，条纹间距不变， 故A不符合题意；
B．将屏向靠近双缝的方向移动，即减小L，可减小条纹间距，故B符合题意；
C．将屏向远离双缝的方向移动，即增大L，可增大条纹间距，故C不符合题意；
D．使用间距更小的双缝，即增大d，可增大条纹间距，故D不符合题意。
故选B。
（3）测量头
由题意可知相邻条纹间距为
根据双缝干涉条纹间距公式可知
联立以上两式解得
（4）图乙固定刻度：10mm，可动刻度
0.01mm×30.0=0.300mm
所以图乙的示数为10.300mm，图甲的示数：固定刻度0mm，可动刻度
0.01mm×14.0=0.140mm
所以图甲的示数为0.140mm，根据题意可知，亮纹间距
根据
可得
13、（11分）解（1）由M点的振动图像可知 波向右传播。…………………………………………..2分
（2）由题意知
………………………………………….1分
…………………………………………..1分
………………………………………….1分
又…………………………………………..1分
（3）从时刻开始，M点向上振动，波向右传播，N点振动方程为
…………………………………………..2分
当其第一次回到平衡位置，即
…………………………………………..1分
此时
…………………………………………..1分
有………………………………………….1分
14、（12分）解：（1）…………………………………………..1分
…………………………………………..1分
小球刚落入水面时竖直方向的速度,
h=…………………………………………..1分
得…………………………………………..1分
Tanθ=…………………………………………..1分
(2)n= …………………………………………..1分

得…………………………………………1分
光线的水平位移
…………………………………………..1分
小球从抛出到接触水面运动的时间t
h=t…………………………………………..1分
得t=0.1s…………………………………………..1分
小球水平方向的位移为m…………………………………………..1分
B位置到水面的距离H,
H==0.49m…………………………………………..1分
15、（16分）（1）对ABC系统，由水平方向动量守恒及系统机械能守恒可得
…………………………………………..1分
…………………………………………..1分
A、B两木块分离时 =4m/s………………………………………….1分
（2）对ABC系统，水平方向运动分析，根据人船模型规律，由动量守恒的位移关系表达式有
…………………………………………..1分
…………………………………………..1分
解得…………………………………………..1分
(3) D点左侧时，小铁块的加速度

…………………………………………..1分
D点左侧时，木块B的加速度
…………………………………………..1分
小铁块和木块B共速的速度为v，
v=m/s…………………………………………..1分
D点右侧时，小铁块的加速度
…………………………………………..1分
D点右侧时，木块B的加速度
5m/…………………………………………..1分
木块B在D点左侧运动过程中，系统产生的热量
M(M+m)+
=J…………………………………………..1分
木块B在D点右侧运动过程中，小铁块的位移木块的位移小铁块和木板间的热量,
小铁块的位移 …………………………………………..1分
木块的位移 …………………………………………..1分
木块B在D点右侧运动过程中,小铁块和木板间的热量
…………………………………………..1分
小铁块和木板间的热量 …………………………………………..1分