真题重组卷03——2023年高考物理真题汇编重组卷（广东专用）

冲刺2023年高考数学真题重组卷03

广东专用（参考答案）

一、单项选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1．A【详解】要使处于n=20的氢原子吸收一个光子后恰好失去一个电子变成氢离子，则需要吸收光子的能量为

则被吸收的光子是红外线波段的光子。故选A。

2．B【详解】A．周期是T=0.2s，频率是 故A错误；

B．由理想变压器原理可知解得，副线两端的最大电压为故B正确；

C．根据法拉第电磁感应定律可知，永磁铁磁场强，线圈中产生的感应电动势越大，变压器的输入电压会越大，故C错误；

D．由理想变压器原理可知，充电电路的输入功率等于变压器的输入功率，故D错误。故选B。

3．C【详解】A．由于口罩材料表面长期带有正电荷，则被吸附的带电粉尘，一定是带负电荷，A错误；

B．熔喷布产生的电场线不一定是直线，而只有电场线是直线，带电粒子的初速度为零或初速度方向与电场线方向在同一条直线上时带电粒子的轨迹才与电场线重合，B错误；

CD．由选项A可知，被吸附的带电粉尘，一定是带负电荷，则负电荷靠近熔喷布的过程中电场力做正功，电势能减小，C正确、D错误。

故选C。

4．A【详解】由静止开始做匀加速度直线运动，由牛顿第二定律得整理得

AC．高铁由静止开始匀加速直线运动，根据，代入得则高铁牵引力与时间成正比，A正确，C错误；

BD．高铁由静止开始匀加速直线运动，根据，代入得，BD错误。

故选A。

5．C【详解】因，则可不考虑四个边上的直导线之间的相互作用；根据两通电直导线间的安培力作用满足“同向电流相互吸引，异向电流相互排斥”，则正方形左右两侧的直导线要受到吸引的安培力，形成凹形，正方形上下两边的直导线要受到排斥的安培力，形成凸形，故变形后的形状如图C。

故选C。

6．D【详解】A．对重物受力分析，绳子的拉力等于重物的重力，保持不变，A错误；

B．该健身者始终保持静止状态，受力平衡，故健身者所受合力始终为零，B错误；

C．对人受力分析，设绳子与水平方向的夹角为，根据平衡条件可知绳子与水平方向的夹角不断变大，该健身者受到地面的支持力逐渐减小，故该健身者对地面的压力逐渐减小，C错误；

D．该健身者对地面的摩擦力该健身者对地面的摩擦力逐渐减小，D正确。故选D

7．C【详解】A．多年以后，地球和月球间距离变大，两星的质量不变，由万有引力定律可知，地球与月球之间的万有引力变小，故A错误；

BCD．地球和月球绕Ｏ点做匀速圆周运动的角速度大小相等，周期相等，设地球与月球的质量分别为和，圆周运动的半径分别为和，地球和月球间距离为，则有由万有引力定律提供向心力

；联立可得；地球与月球的质量不变，地球和月球间距离增大，则地球绕O点做圆周运动的周期变大，地球绕O点做圆周运动的角速度变小，地球绕O点做圆周运动的轨道半径变大，故BD错误，C正确；

故选C。

二、多项选择题：本题共3小题，每小题6分，共18分在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分有选错的得0分。

8．BC【详解】A．由平抛运动规律可知，做平抛运动的时间因为两手榴弹运动的高度差相同，所以在空中运动时间相等，故A错误；

B．做平抛运动的物体落地前瞬间重力的功率因为两手榴弹运动的高度差相同，质量相同，所以落地前瞬间，两手榴弹重力功率相同，故B正确；

C．从投出到落地，手榴弹下降的高度为h，所以手榴弹重力势能减小量故C正确；

D．从投出到落地，手榴弹做平抛运动，只有重力做功，机械能守恒，故D错误。故选BC。

9．BD【详解】A．在最高点时，当人与保险带间恰好没有作用力时，人由重力提供向心力得临界速度为当速度时，人与座椅产出外侧挤压，没有保险带，人也不会掉下来，故A错误；

B．当人在最高点的速度时，人对座位就产生压力，当人对座椅压力为mg时，有

解得所以当人在最高点速度为时，人在最高点对座位压力大小为mg，故B正确；

CD．人在最低点时，根据牛顿第二定律故，由牛顿第三定律可知人对座位的压力大于mg，故C错误，D正确。故选BD。

10．BC【详解】A．由题可知电子所受电场力水平向左，电子从N到P的过程中电场力做负功，故A错误；

B．根据沿着电场线方向电势逐渐降低可知N点的电势高于P点，故B正确；

C．由于洛伦兹力一直都和速度方向垂直，故电子从M到N洛伦兹力都不做功；故C正确；

D．由于M点和P点在同一等势面上，故从M到P电场力做功为0，而洛伦兹力不做功，M点速度为0，根据动能定理可知电子在P点速度也为0，则电子在M点和P点都只受电场力作用，在匀强电场中电子在这两点电场力相等，即合力相等，故D错误；故选BC。

三、非选择题：共54分。第11～14题为必考题，考生都必须作答。第15～16题为选考题，考生根据要求作答。

（一）必考题：共42分。

11．    =     不需要     2.10     小车的加速度与合外力成正比

【详解】（1）[1] ①中小车匀速下滑时，由平衡条件

②中小车加速下滑时，由受力分析知联立可得

（2）[2]由（1）中分析可知，小车加速下滑过程的合外力已通过①中小车匀速下滑时拉力传感器的示数读出，所以不需要再平衡摩擦力了。

（3）[3]图乙中标出的三个位置坐标反映了小车连续相等时间内的位移，根据匀变速位移变化推论知

可解得

（4）[4]由表中数据可以看出，F与a的比值基本不变，所以可得：在误差允许范围内，小车质量一定时，小车的加速度与合外力成正比。

12．   短接     最右端刻度线     红     300（或290~310均可）     偏大     30（或29、31）     10

【详解】（1）[1][2] 欧姆调零时，将欧姆表的红、黑表笔短接，并调节欧姆调零旋钮，使欧姆表的指针指到表盘的最右端刻度线；

（2）[3]在该实验中，欧姆表相当于电源，根据“红进黑出”原理可知a为红表笔；

（3）[4]图像斜率的绝对值等于内电阻，因此欧姆表的内电阻为

[5] 若考虑毫安表内阻影响，则测量值为毫安表与欧姆表内阻之和，因此测量值比真实值偏大；

（4）[6]中值电阻等于内电阻，又由于是“×10Ω”挡位，因此正中央刻度应标记的数值为30；

[7]根据欧姆定律而可知因此刻度应标记的数值为10。

13．（1）能；（2）0.2s

【详解】（1）由牛顿第二定律可得，甲乙滑动时均有则甲乙滑动时的加速度大小均为甲与乙碰前的速度v1，则解得v1=0.3m/s甲乙碰撞时由动量守恒定律 解得碰后乙的速度v3=0.2m/s然后乙做减速运动，当速度减为零时则可知乙恰好能滑到边框a；

（2）甲与乙碰前运动的时间碰后甲运动的时间则甲运动的总时间为

14．（1）；（2）E为方向水平向左，或E为，方向水平向右；（3）见解析

【详解】（1）粒子有两次进入左侧磁场区运动，最后再次经过O点，则轨迹如下图所示

由几何关系可知，设粒子在左右两边磁场中运动的半径分别为R和r，则根据可得左侧磁场的磁感应强度

（2）在PQ、MN边界之间的区域加上方向垂直于边界的匀强电场，若所加的匀强电场方向水平向左，要能返回O点，而且所用时间比原来变短。则运动轨迹可能如下图所示

设粒子进入左侧磁场时的速度为v，则；；R1=2r可得粒子在电场中加速的加速度为根据消时公式有解得，方向水平向左若所加的匀强电场方向水平向右。要能返回O点，而且所用时间比原来变短。则运动轨迹可能如下图所示

设粒子进入左侧磁场时的速度为v，则；；R2=r可得粒子在电场中减速的加速度为根据消时公式有解得，方向水平向右

（3）若所加的匀强电场方向水平向左，粒子从O点射出到返回O点运动的时间为

其中解得，粒子从O点射出到返回O点的时间为若所加的匀强电场方向水平向右，粒子运动的时间为其中解得，粒子从O点射出到返回O点的时间为

若，则有解得则最短时间为

若，则有化简可得因此，当时，粒子从O点射出到返回O点的最短时间为当时，粒子从O点射出到返回O点的最短时间为

（二）选考题：共12分。请考生从2道题中任选一题作答。如果多做，则按所做的第一题计分。

[选修3-3]

15．（1）增大     等于     减小

【详解】[1][2][3]根据理想气体状态方程可知，密封食品包装袋内部气体温度急剧升高时，体积不变压强增大，留一些透气孔和外界大气接触，内部压强等于大气压强，温度升高时压强不变，体积增大，一部分气体从袋内漏出，袋内气体质量减小，袋内气体体积不变所以密度减小。

（2）（1）；（2）

【详解】（1）由题意可知封闭气体发生等温变化，根据其中；解得

（2）由于封闭气体压强较小，故而管口对乒乓球产生竖直向下的弹力，根据乒乓球所受合力为零，可得

；解得

[选修3-4]

16．（1）    小于     最大

【详解】[1]根据简谐振动的位移公式则时有所以小球从最低点向上运动的距离为则小球从最低点向上运动的距离小于。

[2]在时，小球回到平衡位置，具有最大的振动速度，所以小球的动能最大。

（2）

【详解】如图所示

根据折射定律可得解得即

由图中几何关系可得此时潜艇与人的水平距离为