2020年山东省德州市中考数学试卷整理后
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参考答案与试题解析
一、选择题:本大题共12小题,在每小题给出的四个选项中,只有一项是正确的,请把正确的选项选出来.每小题选对得4分,选错、不选或选出的答案超过一个均记零分.
1.(2020•德州中考)|﹣2020|的结果是( B )
A. B.2020 C.﹣ D.﹣2020
2.(2020•德州中考)下列图形中,是中心对称图形但不是轴对称图形的是( B )
A. B. C. D.
3.(2020•德州中考)下列运算正确的是( B )
A.6a﹣5a=1 B.a2•a3=a5
C.(﹣2a)2=﹣4a2 D.a6÷a2=a3
4.(2020•德州中考)如图1是用5个相同的正方体搭成的立体图形.若由图1变化至图2,则三视图中没有发生变化的是( D )
A.主视图 B.主视图和左视图
C.主视图和俯视图 D.左视图和俯视图
5.(2020•德州中考)为提升学生的自理和自立能力,李老师调查了全班学生在一周内的做饭次数情况,调查结果如下表:
一周做饭次数 | 4 | 5 | 6 | 7 | 8 |
人数 | 7 | 6 | 12 | 10 | 5 |
那么一周内该班学生的平均做饭次数为( C )
A.4 B.5 C.6 D.7
6.(2020•德州中考)如图,小明从A点出发,沿直线前进8米后向左转45°,再沿直线前进8米,又向左转45°…照这样走下去,他第一次回到出发点A时,共走路程为( C )
A.80米 B.96米 C.64米 D.48米
7.(2020•德州中考)函数y=和y=﹣kx+2(k≠0)在同一平面直角坐标系中的大致图象可能是( D )
A. B.
C. D.
8.(2020•德州中考)下列命题:
①一组对边平行,另一组对边相等的四边形是平行四边形;
②对角线互相垂直且平分的四边形是菱形;
③一个角为90°且一组邻边相等的四边形是正方形;
④对角线相等的平行四边形是矩形.
其中真命题的个数是( B )
A.1 B.2 C.3 D.4
9.(2020•德州中考)若关于x的不等式组的解集是x<2,则a的取值范围是( A )
A.a≥2 B.a<﹣2 C.a>2 D.a≤2
10.(2020•德州中考)如图,圆内接正六边形的边长为4,以其各边为直径作半圆,则图中阴影部分的面积为( A )
A.24﹣4π B.12+4π C.24+8π D.24+4π
11.(2020•德州中考)二次函数y=ax2+bx+c的部分图象如图所示,则下列选项错误的是( D )
A.若(﹣2,y1),(5,y2)是图象上的两点,则y1>y2
B.3a+c=0
C.方程ax2+bx+c=﹣2有两个不相等的实数根
D.当x≥0时,y随x的增大而减小
12.(2020•德州中考)如图是用黑色棋子摆成的美丽图案,按照这样的规律摆下去,第10个这样的图案需要黑色棋子的个数为( C )
A.148 B.152 C.174 D.202
二、填空题:本大题共6小题,共24分,只要求填写最后结果,每小题填对得4分.
13.(2020•德州中考)﹣= .
14.(2020•德州中考)若一个圆锥的底面半径是2cm,母线长是6cm,则该圆锥侧面展开图的圆心角是 120 度.
15.(2020•德州中考)在平面直角坐标系中,点A的坐标是(﹣2,1),以原点O为位似中心,把线段OA放大为原来的2倍,点A的对应点为A′.若点A'恰在某一反比例函数图象上,则该反比例函数解析式为 y= .
16.(2020•德州中考)菱形的一条对角线长为8,其边长是方程x2﹣9x+20=0的一个根,则该菱形的周长为 20 .
17.(2020•德州中考)如图,在4×4的正方形网格中,有4个小正方形已经涂黑,若再涂黑任意1个白色的小正方形(每个白色小正方形被涂黑的可能性相同),使新构成的黑色部分图形是轴对称图形的概率是 .
18.(2020•德州中考)如图,在矩形ABCD中,AB=+2,AD=.把AD沿AE折叠,使点D恰好落在AB边上的D′处,再将△AED′绕点E顺时针旋转α,得到△A'ED″,使得EA′恰好经过BD′的中点F.A′D″交AB于点G,连接AA′.有如下结论:①A′F的长度是﹣2;②弧D'D″的长度是π;③△A′AF≌△A′EG;④△AA′F∽△EGF.上述结论中,所有正确的序号是 ①②④ .
三、解答题:本大题共7小题,共78分.解答要写出必要的文字说明、证明过程或演算步骤.
19.(2020•德州中考)先化简:(),然后选择一个合适的x值代入求值.
解:
=
=
=,
把x=1代入.
20.(2020•德州中考)某校“校园主持人大赛”结束后,将所有参赛选手的比赛成绩(得分均为整数)进行整理,并分别绘制成扇形统计图和频数直方图.部分信息如下:
(1)本次比赛参赛选手共有 人,扇形统计图中“79.5~89.5”这一范围的人数占总参赛人数的百分比为 ;
(2)补全图2频数直方图;
(3)赛前规定,成绩由高到低前40%的参赛选手获奖.某参赛选手的比赛成绩为88分,试判断他能否获奖,并说明理由;
(4)成绩前四名是2名男生和2名女生,若从他们中任选2人作为该校文艺晚会的主持人,试求恰好选中1男1女为主持人的概率.
解:(1)50;36%;[本次比赛参赛选手共有:(8+4)÷24%=50(人),
“59.5~69.5”这一范围的人数占总参赛人数的百分比为×100%=10%,
∴79.5~89.5”这一范围的人数占总参赛人数的百分比为100%﹣24%﹣10%﹣30%=36%.]
(2)补全频数直方图如图所示:
[∵“69.5~79.5”这一范围的人数为50×30%=15(人),
∴“69.5~74.5”这一范围的人数为15﹣8=7(人),
∵“79.5~89.5”这一范围的人数为50×36%=18(人),
∴“79.5~84.5”这一范围的人数为18﹣8=10(人).]
(3)能获奖.理由如下:
∵本次比赛参赛选手50人,
∴成绩由高到低前40%的参赛选手人数为50×40%=20(人),
又∵88>84.5,
∴能获奖;
(4)画树状图为:
共有12种等可能的结果数,其中恰好选中1男1女的结果数为8,
所以恰好选中1男1女的概率==.
21.(2020•德州中考)如图,无人机在离地面60米的C处,观测楼房顶部B的俯角为30°,观测楼房底部A的俯角为60°,求楼房的高度.
解:过B作BE⊥CD交CD于E,
由题意得,∠CBE=30°,∠CAD=60°,
在Rt△ACD中,tan∠CAD=tan60°==,
∴AD==20,
∴BE=AD=20,
在Rt△BCE中,tan∠CBE=tan30°==,
∴CE=20=20,
∴ED=CD﹣CE=60﹣20=40,
∴AB=ED=40(米),
答:楼房的高度为40米.
22.(2020•德州中考)如图,点C在以AB为直径的⊙O上,点D是半圆AB的中点,连接AC,BC,AD,BD.过点D作DH∥AB交CB的延长线于点H.
(1)求证:直线DH是⊙O的切线;
(2)若AB=10,BC=6,求AD,BH的长.
(1)证明:连接OD,
∵AB为⊙O的直径,点D是半圆AB的中点,
∴∠AOD=AOB=90°,
∵DH∥AB,
∴∠ODH=90°,
∴OD⊥DH,
∴直线DH是⊙O的切线;
(2)解:连接CD,
∵AB为⊙O的直径,
∴∠ADB=∠ACB=90°,
∵点D是半圆AB的中点,
∴=,
∴AD=DB,
∴△ABD是等腰直角三角形,
∵AB=10,
∴AD=10sin∠ABD=10sin45°=10×=5,
∵AB=10,BC=6,
∴AC==8,
∵四边形ABCD是圆内接四边形,
∴∠CAD+∠CBD=180°,
∵∠DBH+∠CBD=180°,
∴∠CAD=∠DBH,
由(1)知∠AOD=90°,∠OBD=45°,
∴∠ACD=45°,
∵DH∥AB,
∴∠BDH=∠OBD=45°,
∴∠ACD=∠BDH,
∴△ACD∽△BDH,
∴,
∴=,
解得:BH=.
23.(2020•德州中考)小刚去超市购买画笔,第一次花60元买了若干支A型画笔,第二次超市推荐了B型画笔,但B型画笔比A型画笔的单价贵2元,他又花100元买了相同支数的B型画笔.
(1)超市B型画笔单价多少元?
(2)小刚使用两种画笔后,决定以后使用B型画笔,但感觉其价格稍贵,和超市沟通后,超市给出以下优惠方案:一次购买不超过20支,则每支B型画笔打九折;若一次购买超过20支,则前20支打九折,超过的部分打八折.设小刚购买的B型画笔x支,购买费用为y元,请写出y关于x的函数关系式.
(3)在(2)的优惠方案下,若小刚计划用270元购买B型画笔,则能购买多少支B型画笔?
解:(1)设超市B型画笔单价为a元,则A型画笔单价为(a﹣2)元.
根据题意得,=,
解得a=5.
经检验,a=5是原方程的解.
答:超市B型画笔单价为5元;
(2)由题意知,
当小刚购买的B型画笔支数x≤20时,费用为y=0.9×5x=4.5x,
当小刚购买的B型画笔支数x>20时,费用为y=0.9×5×20+0.8×5(x﹣20)=4x+10.
所以,y关于x的函数关系式为y=(其中x是正整数);
(3)当4.5x=270时,解得x=60,
∵60>20,
∴x=60不合题意,舍去;
当4x+10=270时,解得x=65,符合题意.
答:若小刚计划用270元购买B型画笔,则能购买65支B型画笔.
24.(2020•德州中考)问题探究:
小红遇到这样一个问题:如图1,△ABC中,AB=6,AC=4,AD是中线,求AD的取值范围.她的做法是:延长AD到E,使DE=AD,连接BE,证明△BED≌△CAD,经过推理和计算使问题得到解决.
请回答:(1)小红证明△BED≌△CAD的判定定理是: ;
(2)AD的取值范围是 ;
方法运用:
(3)如图2,AD是△ABC的中线,在AD上取一点F,连结BF并延长交AC于点E,使AE=EF,求证:BF=AC.
(4)如图3,在矩形ABCD中,=,在BD上取一点F,以BF为斜边作Rt△BEF,且=,点G是DF的中点,连接EG,CG,求证:EG=CG.
解:(1)SAS;[∵AD是中线,∴BD=CD,
又∵∠ADC=∠BDE,AD=DE,
∴△BED≌△CAD(SAS).]
(2)1<AD<5;[∵△BED≌△CAD,∴AC=BE=4,
在△ABE中,AB﹣BE<AE<AB+BE,
∴2<2AD<10,∴1<AD<5.]
(3)如图2,延长AD至H,使AD=DH,连接BH,
∵AD是△ABC的中线,
∴BD=CD,
又∵∠ADC=∠BDH,AD=DH,
∴△ADC≌△HDB(SAS),
∴AC=BH,∠CAD=∠H,
∵AE=EF,
∴∠EAF=∠AFE,
∴∠H=∠BFH,
∴BF=BH,
∴AC=BF;
(4)如图3,延长CG至N,使NG=CG,连接EN,CE,NF,
∵点G是DF的中点,
∴DG=GF,
又∵∠NGF=∠DGC,CG=NG,
∴△NGF≌△CGD(SAS),
∴CD=NF,∠CDB=∠NFG,
∵=,=,
∴tan∠ADB=,tan∠EBF=,
∴∠ADB=∠EBF,
∵AD∥BC,
∴∠ADB=∠DBC,
∴∠EBF=∠DBC,
∴∠EBC=2∠DBC,
∵∠EBF+∠EFB=90°,∠DBC+∠BDC=90°,
∴∠EFB=∠BDC=∠NFG,∠EBF+∠EFB+∠DBC+∠BDC=180°,
∴2∠DBC+∠EFB+∠NFG=180°,
又∵∠NFG+∠BFE+∠EFN=180°,
∴∠EFN=2∠DBC,
∴∠EBC=∠EFN,
∵=,且CD=NF,
∴
∴△BEC∽△FEN,
∴∠BEC=∠FEN,
∴∠BEF=∠NEC=90°,
又∵CG=NG,
∴EG=NC,
∴EG=GC.
25.(2020•德州中考中考)如图1,在平面直角坐标系中,点A的坐标是(0,﹣2),在x轴上任取一点M,连接AM,分别以点A和点M为圆心,大于AM的长为半径作弧,两弧相交于G,H两点,作直线GH,过点M作x轴的垂线l交直线GH于点P.根据以上操作,完成下列问题.
探究:
(1)线段PA与PM的数量关系为 ,其理由为: .
(2)在x轴上多次改变点M的位置,按上述作图方法得到相应点P的坐标,并完成下列表格:
M的坐标 | … | (﹣2,0) | (0,0) | (2,0) | (4,0) | … |
P的坐标 | … |
| (0,﹣1) | (2,﹣2) |
| … |
猜想:
(3)请根据上述表格中P点的坐标,把这些点用平滑的曲线在图2中连接起来;观察画出的曲线L,猜想曲线L的形状是 .
验证:
(4)设点P的坐标是(x,y),根据图1中线段PA与PM的关系,求出y关于x的函数解析式.
应用:
(5)如图3,点B(﹣1,),C(1,),点D为曲线L上任意一点,且∠BDC<30°,求点D的纵坐标yD的取值范围.
解:(1)PA=PM;线段垂直平分线上的点到这条线段两个端点的距离相等;[∵分别以点A和点M为圆心,大于AM的长为半径作弧,两弧相交于G,H两点,
∴GH是AM的垂直平分线,
∵点P是GH上一点,
∴PA=PM(线段垂直平分线上的点到这条线段两个端点的距离相等).]
(2)(﹣2,﹣2);(4,﹣5);[当点M(﹣2,0)时,设点P(﹣2,a),(a<0)
∵PA=PM,
∴﹣a=,
∴a=﹣2,
∴点P(﹣2,﹣2),
当点M(4,0)时,设点P(4,b),(b<0)
∵PA=PM,
∴﹣b=,
∴b=﹣5,
∴点P(4,﹣5).]
(3)抛物线;[依照题意,画出图象,
猜想曲线L的形状为抛物线.]
(4)∵PA=PM,点P的坐标是(x,y),(y<0),
∴﹣y=,
∴y=﹣x2﹣1;
(5)∵点B(﹣1,),C(1,),
∴BC=2,OB==2,OC==2,
∴BC=OB=OC,
∴△BOC是等边三角形,
∴∠BOC=60°,
如图3,以O为圆心,OB为半径作圆O,交抛物线L与点E,连接BE,CE,
∴∠BEC=30°,
设点E(m,n),
∵点E在抛物线上,
∴n=﹣m2﹣1,
∵OE=OB=2,
∴=2,
∴n1=2﹣2,n2=2+2(舍去),
如图3,可知当点D在点E下方时,∠BDC<30°,
∴点D的纵坐标yD的取值范围为yD<2﹣2.
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