浙江大学附属中学2022-2023学年高一数学下学期期中模拟试题(Word版附解析)
展开2022-2023学年浙江省浙江大学附中高一下学期期中数学
模拟试卷
一、选择题(共8小题,满分40分,每小题5分)
1. 已知集合,,则( )
A. B. C. D.
【答案】C
【解析】
【分析】解不等式求得,由此求得.
【详解】由题意可知,所以,
又由,
所以,所以.
故选:C
2. 设,则“”是“且”的( )
A. 充分不必要条件 B. 必要不充分条件
C. 充分必要条件 D. 既不充分又不必要条件
【答案】B
【解析】
【分析】
根据不等式的性质,利用必要不充分条件的定义判断即可.
【详解】根据不等式的性质由且能推出 ;
当,时,有 而,
则“”是“且”的必要不充分条件.
故选:B.
【点睛】判断充分条件与必要条件应注意:首先弄清条件和结论分别是什么,然后直接依据定义、定理、性质尝试.对于带有否定性的命题或比较难判断的命题,除借助集合思想化抽象为直观外,还可转化为判断它的等价命题;对于范围问题也可以转化为包含关系来处理.
3. 如图,在中,M为BC的中点,,则m+n=( )
A. 1 B. C. D. 2
【答案】C
【解析】
【分析】利用向量的线性运算可求的值.
【详解】,而,
故,
而且不共线,故,
故选:C.
4. 已知扇形的圆心角为120°,面积为,则该扇形所在圆的半径为( )
A. B. 2 C. D. 4
【答案】B
【解析】
【分析】
先将圆心角化为弧度数,再由扇形的面积公式可得答案.
【详解】由.
∴,解得.
故选:B.
5. 已知角的终边经过点,且,则( )
A. B. 1 C. 2 D.
【答案】C
【解析】
【分析】由三角函数定义求得值.
【详解】由题意,解得.
故选:C.
6. 符合下列条件的三角形有且只有一个的是( )
A. ,, B. ,,
C. ,, D. ,
【答案】D
【解析】
【分析】根据两边之和大于第三边及正弦定理判断三角形解的个数即可.
【详解】对于A,,,,由两边之和大于第三边,,可知符合A的三角形不存在;
对于B,由,,,可得, 或,符合条件三角形有2个,不符合题意;
对于C,,,,可得 ,不符合题意;
对于D,,,符合条件的三角形有一个,是等腰三角形.
故选:D.
7. 将函数的图象上所有点的横坐标伸长为原来的2倍,再将所得图象向右平移个单位长度,得到函数 的图象,则下列说法正确的是( )
A.
B. 在区间[0,2π]上存在零点
C. 的图象的对称中心为( )
D. 的图象的对称轴方程为()
【答案】D
【解析】
【分析】根据三角函数的图象的伸缩变换以及平移变换的规律,求出函数的解析式,判断A;令函数等于0,求得x的表达式,可判断B;根据正弦函数的性质,求出函数的对称中心和对称轴,即可判断C,D.
【详解】将函数的图象上所有点的横坐标伸长为原来的2倍,
得到函数的图象,再将所得图象向右平移个单位长度,得到函数 的图象,故A错误;
令,则,无论k取何值,
则上函数无零点,B错误;
由B的分析可知的对称中心为,,故C错误;
令,则,
即的图象的对称轴方程为(),故D正确,
故选:D
8. 已知函数f(x)是定义在R上的偶函数,满足f(x+2)=f(﹣x),当x∈[0,1]时,则函数的零点个数是( )
A. 5 B. 6 C. 7 D. 8
【答案】C
【解析】
【分析】在平面直角坐标系中作出的图象后可得正确的选项.
【详解】因为,故的图象关于直线对称.
结合为偶函数可得,故是周期为2的周期函数,
在平面直角坐标系中作出的图象,如图所示:
由图象可得的图象的交点有7个,
故的零点个数为7,
故选:C.
二、多选题(共4小题,满分20分,每小题5分)
9. 设向量,则( )
A B.
C. 与的夹角为 D. 在上的投影向量为
【答案】AD
【解析】
【分析】对于A,求出的坐标,然后求出其模进行判断,对于B,求出的坐标,再与的坐标进行比较判断,对于C,利用向量的夹角公式计算判断,对于D,利用投影向量的定义计算判断.
【详解】对于A,因为,所以,所以,
因为,所以,所以A正确,
对于B,因为,,
所以,所以与不平行,所以B错误,
对于C,因为,所以,
因,所以,所以C错误,
对于D,因为,
所以在上的投影向量为,所以D正确,
故选:AD
10. 设的内角A,B,C所对的边分别为a,b,c,则下列选项中正确的有( )
A. 若,则
B. 若,则
C. 若,则
D. 若,则为锐角三角形
【答案】BC
【解析】
【分析】A选项,求出,,,进而求出;B选项,由正弦定理得到,进而求出;C选项,由余弦定理求出;D选项,无法确定是否是锐角,D错误.
【详解】对于A选项,由知,,,,所以,所以A错误;
对于B选项,由,根据正弦定理得,即,则,所以B正确;
对于C选项,因为,由余弦定理得,所以C正确;
对于D选项,由得,,仅能判断为锐角,未知,所以D错误.
故选:BC.
11. 下列说法中正确的是( )
A. 非零向量和满足,则与的夹角为
B. 向量,不能作为平面内所有向量的一组基底
C. 若,则在方向上的投影向量的模为
D. 若,,且与的夹角为锐角,则实数的取值范围是
【答案】BC
【解析】
【分析】利用数量积的运算律可得,再求出,最后根据夹角公式计算即可判断A,由即可判断B,根据投影的定义判断C,根据且与不能同向,即可得到不等式组,解得即可判断D.
【详解】对于A:由,,
所以,即,
所以,
所以,所以与的夹角为,故A错误;
对于B:由,,所以,则与共线,不能作为平面向量的基底,故B正确;
对于C:,则或,则在方向上的投影向量的模为,故C正确;
对于D:由,,则,
若与的夹角为锐角,则且与不能同向,
即,解得且,故D正确;
故选:BC.
12. 如图,在平面四边形中,已知,,,,,下列四个结论中正确的是( )
A. B. 四边形的面积为
C. D. 四边形的周长为
【答案】ACD
【解析】
【分析】在和中,分别利用余弦定理,得到,结合,求得,得到,可判定A正确;利用直角三角形的面积公式,可判定B不正确;在直角中,利用勾股定理,可判定C正确;求得四边形的周长,可判定D正确.
【详解】在中,可得,
在中,可得,
可得,即
因为,可得,可得,
又因为为三角形的内角,所以,所以,所以A正确;
由
,所以B不正确;
在直角中,可得,所以C正确;
四边形的周长为,
所以D正确.
故选:ACD
三、填空题(共4小题,满分20分,每小题5分)
13. 汽车在行驶中,由于惯性,刹车后还要继续向前滑行一段距离才能停止,一般称这段距离为“刹车距离”.刹车距离是分析交通事故的一个重要依据.在某次事故中,根据现场勘测结果,肇事汽车的刹车距离为72m,经查询知该车的刹车距离s m与车速v 之间的关系为,则该车的速度为______.
【答案】.
【解析】
【分析】
将代入即可求解.
【详解】将代入可得,
即,可得,
解得:或(舍)
故答案为:.
14. 已知函数在一个周期内简图如图所示,则函数的解析式为___________,方程的实根个数为__________.
【答案】 ①. ②. 63
【解析】
【分析】利用函数的最值可求A;利用函数图像过可求;利用函数的周期可求,从而可求出解析式, 在同一坐标系内作出函数和函数的图象,的最大值为2,令得,在内求出交点个数即可.
【详解】解析显然,由图象过点,得,
即,又,所以,
又点在图象上,所以,即,
由图象可知,是图象在y轴右侧部分与x轴的第二个交点,
所以,解得,
所以函数的解析式为.
在同一坐标系内作出函数和函数的图象,
如图.
因为的最大值为2,令得.
令,得,
而,所以在内有31个形如的区间.
而在每一个区间上,函数和函数的图象都有2个交点,
故这两个图象在内有62个交点,另外在内还有1个交点.
所以方程共有63个实根.
故答案为:;63
【点睛】本题考查了由图像求三角函数的解析式以及零点个数,考查了学生的数形结合思想和转化思想,解题的关键是作出三角函数和对数函数,属于中档题.
15. 设函数的定义域为R,满足,且当时,.若对任意,都有,则m的取值范围是______.
【答案】
【解析】
【分析】根据给定条件,可得,分段求解析式及对应函数值集合,再结合图象推理计算作答.
【详解】因,则,又当时,,
当时,,,
当时,由,解得或,
当时,,,
显然,当时,,如图,
对任意,都有,必有,
所以m的取值范围是.
故答案为:
16. 已知函数,当时,的最小值为__________;若的最大值为2,则的值为__________.
【答案】 ①. ②.
【解析】
【分析】第一空换元法即可求出函数的最值;第二空换元后根据动轴定区间进行分类讨论即可求出结果.
【详解】因为,
令,则,
当时,,因此当时,,
由于开口向上,对称轴为,
若,即,此时,则;
若,即,此时,则;
综上:,
故答案为:;.
四、解答题(共6小题,满分70分)
17. 已知向量,,,
(1)若与的夹角为,求;
(2)若,求的值.
【答案】(1);(2).
【解析】
【分析】(1)求出,,,利用平面向量夹角公式即可求解;
(2)由题意可得,再由向量数量积的坐标表示列方程,解方程即可求解.
【详解】(1),,,
所以;
(2)因为,,,
所以,,
因为,所以
即,解得:,
所以的值为.
.
18. 在①,②,③这三个条件中任选一个,补充在下面的问题中,并解答问题.在中,内角,,的对边分别为,,,且满足______.
(1)求;
(2)若的面积为,为的中点,求的最小值.
【答案】(1)
(2)6
【解析】
分析】(1)利用正弦定理和三角恒等变换即可求解;(2)利用余弦定理和基本不等式求解.
【小问1详解】
选①时,,
利用正弦定理得:,
由于,所以,
故,
又,,整理得,
因为,故.
选②时,,利用正弦定理得:,
由于,所以,
即,
又,,,,
故,,故.
选③时,,
利用正弦定理得:,
又,,
整理得.
所以,
整理得,,故.
【小问2详解】
由于的面积解得.在中,由余弦定理得
故,当且仅当,即,,的最小值为6.
19. 已知实数,且函数,,,,,当时,的最小值记为.
(1)若,求函数的单调递减区间;
(2),,,求实数m的取值范围.
【答案】(1)
(2)
【解析】
【分析】(1)首先求出,的解析式,再解关于的不等式,即可求出的解析式,从而求出函数的单调递减区间;
(2)首先令,求出方程的解,从而确定的解析式,再根据二次函数的性质求出的最小,从而求出,依题意只需,令,求出,即可求出参数的取值范围.
【小问1详解】
解:当时,,,
由,解得,
由,解得或,
即,
,
,
当时,函数在上单调递增,在上单调递减,
当时,函数在上单调递增,
故函数的单调递减区间为.
【小问2详解】
解:令,
得,解得或,
,解得,
,解得或,
,
,,
又因为函数的图象关于直线对称,
故,
所以,
令,由,得,
由,有成立,
可知,
故,
又时,,
所以,解得.
【点睛】思路点睛:有关二次函数的问题,数形结合,密切联系图象是探求解题思路的有效方法.一般从:①开口方向;②对称轴位置;③判别式;④端点函数值符号四个方面分析.
20. 已知函数.
(1)化简;
(2)已知常数,若函数在区间上是增函数,求的取值范围;
(3)若关于x的方程有解,求实数a的取值范围.
【答案】(1)
(2)
(3)
【解析】
【分析】(1)根据三角函数倍角公式化简即可;
(2)根据 的单调递增区间对比,并考虑 即可;
(3)将“有解”转化为直线 与所求函数由交点即可.
【小问1详解】
;
【小问2详解】
当为增函数时,,
∴,
因为在上为增函数,所以有 ,
∴ ,由①得 ,
由②得 ,
,∴k=0,代入上方程组解得;
【小问3详解】
原方程为,即有解,
令,
当时,;当时,,
所以a的取值范围为;
综上, ,, .
21. 已知中,a,b,c分别为角A,B,C的对边,.
(1)求角C的大小;
(2)若,且的面积为,求的周长.
【答案】(1);(2).
【解析】
【分析】(1)首先根据正弦定理角化边公式得到,再利用余弦定理求解即可.
(2)首先根据三角形面积得到,利用余弦定理得到,即可得到三角形的周长.
【详解】(1)因为
由正弦定理可得,即.
由余弦定理知
又因,所以;
(2),的面积,
即,
所以
,
所以,即.
所以的周长为.
22. 在△中,内角A,B,C的对边分别为a,b,c,且.
(1)求A;
(2)线段上一点D满足,,求的长度.
【答案】(1)
(2)
【解析】
【分析】(1)由正弦定理及两角和的正弦公式化简即可得解;
(2)根据角之间的关系及正弦定理求出,由同角三角函数间的基本关系求出即可得解.
【小问1详解】
由结合正弦定理可得,
因为,所以,
所以,
即,
因为,所以,
因为,所以;
【小问2详解】
如图,
由题设,令,
则,,,
在△中,
即,
所以,故,
所以,又,,
解得.
在等腰中,取中点,连接,则,
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安徽师范大学附属中学2022-2023学年高一数学上学期期中试题(Word版附解析): 这是一份安徽师范大学附属中学2022-2023学年高一数学上学期期中试题(Word版附解析),共19页。试卷主要包含了单项选择题,多项选择题,填空题,解答题等内容,欢迎下载使用。