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2022-2023学年河南省漯河市郾城区第二实验中学八年级（下）月考物理试卷（5月份）（含解析）
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这是一份2022-2023学年河南省漯河市郾城区第二实验中学八年级（下）月考物理试卷（5月份）（含解析），共15页。试卷主要包含了单选题，多选题，填空题，作图题，实验探究题，计算题等内容，欢迎下载使用。
1.关于生活和学习中涉及的物理量，叙述正确的是( )
A. 托起一个鸡蛋所用的力约为1N
B. 学生课桌的高为1.5m
C. 一个成年人的体重约为600N
D. 一本8年级下册物理课本在距离地面10m高的位置，具有的重力势能约为0.5J
2.关于大气压强，下列说法中错误的是( )
A. 大气压强等于76cm水银柱高B. 大气压是由于空气重力而产生的
C. 大气密度大时，气压也较大D. 大气压随高度降低而变大
3.2012年3月25日，卡梅隆乘坐“深海挑战者”号深潜器潜入马里亚纳海沟11000m 深处。下潜过程中，卡梅隆发现深潜器发生越来越明显的收缩，则深潜器受到的海水压强和浮力的变化情况是(设海水密度不变)( )
A. 压强越来越大，浮力越来越小B. 压强越来越大，浮力越来越大
C. 压强越来越小，浮力越来越小D. 压强越来越小，浮力越来越大
4.如图所示，用F=20N的水平推力推着重为50N的物体沿水平方向做直线运动，若推力F对物体做了70J的功，则在这一过程中( )
A. 物体一定运动了1mB. 物体一定运动了3.5m
C. 重力做的功一定是70JD. 物体一定受到20N的摩擦力
5.如图所示将物体A放入水中时悬浮，将物体B放入水中时有一半的体积露出水面，将物体A置于物体B上再放入水中时，物体B有三分之一的体积露出水面。下列说法正确的是( )
A. 物体B的密度是1×103kg/m3
B. 物体A、B的体积之比为1：3
C. 物体A、B的重力之比为1：6
D. 乙、丙图，物体B下表面所受的压力之比为3：4
6.如图所示，我国自主研制的“鲲龙”AG600M大型水陆两栖飞机，在水面高速滑行后，腾空而起，沿水平方向匀速飞行一段时间后减速下降。下列说法正确的是
A. 飞机腾空而起的过程中，其重力势能转化为动能
B. 飞机沿水平方向匀速飞行时，其所受重力不做功
C. 飞机减速下降的过程中，其重力势能增加
D. 飞机只要加速飞行，其重力势能就一定减小
二、多选题（本题共2小题，共4分）
7.一物块轻轻放入盛满煤油的大烧杯中，静止后有160g煤油溢出。将其轻轻放入盛满水的大烧杯中，静止后有180g水溢出。则物块在水中静止时的状态及物块的密度分别是(ρ煤油=0.8×10³kg/m³,ρ水=1.0×10³kg/m³)( )
A. 漂浮B. 下沉C. 0.9g/cm³D. 1.1g/cm³
8.如图甲所示，放在水平地面上的物体，受到方向不变的水平拉力F的作用，其F−t和v−t图像分别如图乙、丙所示，下列说法不正确的是( )
A. 当t=2s时，物体处于静止状态，摩擦力是3N
B. 当t=3s时，物体受到摩擦力是7N
C. 4−6s内，拉力F做的功是20J
D. 2−4s内，物体的机械能保持不变
三、填空题（本题共6小题，共17分）
9.马德堡半球实验证明了______的存在。17世纪40年代意大利科学家______首先用实验测定了大气压的值。1标准大气压相当于______厘米高的水银柱产生的压强。
10.三峡大坝的船闸是根据______原理建造的。水运管理部门为了防止并排同向行驶的两船“相吸”发生碰撞，做出了限速限距的规定，是因为______。
11.A、B和C三个体积相同而材料不同的实心球放入盛有液体的容器中，各球所处位置如图所示，从而可以判断______球的密度最大，______球受到的浮力最小，A球受到的浮力______B球受到的浮力(填“小于”“大于”或“等于”)。
12.如图所示，物体A放在粗糙程度不变的水平台面上，用细线通过定滑轮与装有沙子的小桶相连，小桶和沙子的总重力为20N时，物体A恰好做匀速直线运动(忽略细线与滑轮之间的摩擦)。物体A做匀速直线运动过程中受到的摩擦力是______N，方向______，小桶和沙子的总机械能将______(填“变大”、“变小”或“不变”)。射箭比赛时，运动员用力拉满弓，从能量转化的角度分析，这是为了让弓具有更大的______，可以更多地转化为箭的______才能将箭射得更远。
13.战机在空中加油时，加油机和受油机保持同一速度，以受油机为参照物，加油机是______的；该过程中，加油机的动能______(选填“增大”“减小”或“不变”)。
14.一艘豪华游轮的满载排水量达1000t，满载时吃水深度达10m，则满载时船底受到海水的压强为______Pa(ρ海水=1.03×103kg/m3)，船受到的浮力为______N。
四、作图题（本题共2小题，共4分）
15.如图所示，一个小球静止在斜面上的一个盛水容器里，画出小球所受重力与浮力的示意图。
16.如图甲所示，水沸腾时气泡在上升的过程中会逐渐变大。乙图是其中一个正在上升的气泡，请作出此气泡所受重力和浮力的示意图。
五、实验探究题（本题共3小题，共15分）
17.如图是用压强计“探究影响液体内部压强大小的因素”的实验装置。
(1)U形管压强计______(选填“属于”或“不属于”)连通器；
(2)在使用压强计前，发现U形管左右两侧的水面有一定的高度差，如图甲，为了使U形管左右两侧的水面相平，正确的调节方法是______；(选填“A”或“B”)
A.取下软管重新安装
B.将右侧支管中高出的水倒出
(3)比较图乙和图丙，可以得出结论：同种液体，液体压强的大小与______有关；
(4)比较图______和图丁，可以得出结论：在同一深度，液体密度越大，液体的压强越大；
(5)已知图丙中U形管左、右侧水面到管底的高度差为5cm，则软管中的压强与大气压的差值为______。
18.如图所示是研究物体动能大小与哪些因素有关的实验。小车静止时的位置如图所示，实验时将实心钢球A、B、C分别从斜槽上滚下，在斜槽底端撞在一个小车上，钢球将小车推过一段距离，位置到达虚线小车处。已知钢球A、B、C的质量大小关系mA=mC(1)实验中所探究的“物体的动能”是指______(选填“钢球”或“小车”)的动能。
(2)由实验______和实验______(选填“甲”、“乙”或“丙”)可知，物体动能的大小与物体的运动速度有关。
(3)甲、乙两图的实验目的是研究钢球动能的大小跟______是否有关。该实验判断钢球动能大小所用到的实验方法是______。(选填“控制变量法”或“转换法”)
19.小明在探究“影响浮力大小的因素”的实验中，用同一个弹簧测力计测出了同一金属块在如图所示的5种情况下的拉力，请你解答：
(1)分析图A、B、C可得，物体所受的浮力大小与______有关；
(2)实验A、C、D研究的问题是浮力的大小与物体浸入液体中______的关系，需要控制金属块浸入水中______不变；
(3)分析图______可得，物体所受的浮力大小与液体的密度有关，盐水密度为______kg/m3。
六、计算题（本题共2小题，共18分）
20.为了保护湿地的生态环境，游客在湿地景区内游览时需乘坐新型电车。
(1)景区观光公路全长18km，游客乘电车游览全程需要2ℎ，电车的平均速度是多少？
(2)满载的电车在水平地面上静止时，车和人的总质量是1600kg，轮胎与地面的接触面积是800cm2，电车对地面压强是多少？(g取10N/kg)
(3)电车在某段水平公路上以2m/s的速度沿直线匀速行驶2km，电车受到的阻力是1500N，那么在这段路程内电车牵引力的功率是多少？
21.如图所示，水平桌面上有一个薄壁溢水杯，底面积是80cm2，装满水后水深0.2m，总质量是1.75kg。把一个木块(不吸水)轻轻放入水中，待木块静止时，从杯中溢出水的质量是100g。求：(水的密度ρ=1.0×103kg/m3，g取10N/kg)
(1)水对溢水杯底的压力。
(2)木块受到的浮力。
(3)溢水杯对桌面的压力。
答案和解析
1.【答案】C
【解析】解：
A、一个鸡蛋的质量约为50g，托起一个鸡蛋所用的力约为0.5N，故A错误；
B、学生课桌的高为0.8m左右，故B错误；
C、一个成年人的体重约为60kg，其体重约为G=mg=60kg×10N/kg=600N左右，故C正确；
D、一本8年级下册物理课本质量约为0.2kg 左右，在距离地面10m高的位置，具有的重力势能约为：W=mgℎ=0.2kg×10N/kg×10m=20J，故D错误。
故选：C。
不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要简单的计算，有的要进行单位的换算，最后判断最符合实际的是哪一个。
估测是一种科学的近似计算，它不仅是一种常用的解题方法和思维方法，而且是一种重要的科学研究方法，在生产和生活中也有着重要作用。
2.【答案】A
【解析】解：A、大气压的数值与海拔、天气有关，是在变化的，只有标准大气压才等于76cm水银柱高；故A符合题意；
B、大气压是由于空气重力而产生的；故B不符题意；
C、空气越稠密，大气压越大；故大气密度大时，气压也较大；故C不符题意；
D、大气压大小与海拔高度有关，高度越高，气压越小；故大气压随高度降低而增大；故D不符题意；
故选：A。
大气压的数值不是一成不变的，大气压的大小与许多因素有关；如：天气情况、季节、海拔高度等；海拔越高，空气越稀薄，气压则越低。标准大气压的大小等于76cm高水银柱的压强。
深入理解影响大气压的因素，明确标准大气压的含义；是解答此题的关键。
3.【答案】A
【解析】【分析】
根据公式p=ρgℎ可求压强的变化，根据浮力公式F浮=ρgV排可求浮力的变化。
本题考查液体压强和浮力公式的应用，关键是知道影响液体压强的因素是液体密度和深度，影响浮力的因素是液体密度和物体排开液体的体积，容易出错的一点是液体的深度指的是该点离液面的竖直距离。
【解答】
下潜过程中，深度越来越大，根据公式p=ρgℎ可知，所受液体压强越来越大；
下潜过程中，卡梅隆发现深潜器发生越来越明显的收缩，则说明深潜器的体积变小，排开海水的体积变小，故根据浮力公式F浮=ρgV排可知，浮力变小。
故选A。
4.【答案】B
【解析】解：AB、由W=Fs可得，物体沿水平方向运动的距离：
s=WF=70J20N=3.5m。故A错误，B正确；
C、物体在重力的方向没有移动距离，故重力做的功为0，故C错误；
D、用F=20N的水平推力推着重为50N的物体沿水平方向做直线运动，没有说是匀速直线运动，故摩擦力不一定是20N，故D错误；
故选：B。
已知推力的大小和做功的多少，根据s=WF可求出物体在水平方向运动的距离。
本题考查了学生对功的公式的了解与掌握，注意做功时两个必要因素(力和距离)方向的一致性，易错点。
5.【答案】D
【解析】解：A、物体B漂浮在水中，浮力等于重力，V排=12VB，则ρB=12ρ水=0.5×103kg/m3，故A错误；
B、物体A悬浮在水中，浮力等于重力，V排=VA，则ρA=ρ水=1×103kg/m3；
AB一起放入水中，此时浮力等于AB重力之和，V排=23VB，GA+GB=F浮=ρ水gV排=ρ水g23VB，即ρAgVA+ρBg12VB=ρ水g23VB得VA=512VB，A、B的体积之比为5：12，故B错误；
C、物体A、B的重力之比为：GA：GB=ρAgVA：ρBgVB=5：6，故C错误；
D、乙、丙图中，物体B下表面受到的压力即为浮力，则压力之比等于浮力之比也等于排开液体体积之比12VB：23VB=3：4，故D正确。
故选：D。
(1)物体A悬浮在水中，浮力等于重力，V排=VA，则ρA=ρ水=1×103kg/m3；
(2)物体B漂浮在水中，浮力等于重力，V排=12VB，则ρB=12ρ水=0.5×103kg/m3；
(3)AB一起放入水中，此时浮力等于AB重力之和，V排=23VB，GA+GB=F浮=ρ水gV排=ρ水g23VB，求出VA和VB的关系，从而得出GA和GB的比值；
(4)乙、丙图中，物体B下表面受到的压力即为浮力，则压力之比等于浮力之比也等于排开液体体积之比。
本题考查物体沉浮条件的应用及阿基米德原理的计算和浮力产生的原因，属于比较综合题目，有一定难度。
6.【答案】B
【解析】解：A、飞机腾空而起的过程中，质量不变，速度变大，动能增加；高度增大，重力势能增加，不是重力势能转化为动能，故A错误；
B、飞机沿水平方向匀速飞行时，飞机没有在重力的方向上通过距离，其所受重力不做功，故B正确；
C、飞机减速下降的过程中质量不变，高度降低，重力势能减小，故C错误；
D、飞机加速向上飞行时，重力势能会增大，故D错误。
故选：B。
(1)动能大小的影响因素：质量、速度。质量越大，速度越大，动能越大；重力势能大小的影响因素：质量、被举得高度。质量越大，高度越高，重力势能越大；机械能=动能+势能。
(2)做功的条件：有力，且物体在力的方向上通过距离。
本题考查了重力势能、动能、机械能的变化和做功的条件，属于基础题。
7.【答案】AC
【解析】解：AB、溢出的油的重力为：G溢油=m溢油g=0.16kg×10N/kg=1.6N；
溢出的水的重力为：G溢水=m溢水g=0.18kg×10N/kg=1.8N；
则G溢油由于大烧杯中是盛满液体的，则F浮油=G溢油，F浮水=G溢水，
所以，F浮油由于物块是否浸没未知，则：G物≥F浮，所以，物体的重力G>F浮油，
根据浮沉条件可知：物块在煤油中一定下沉；
由ρ=mV得：
物块体积V=V溢油=m溢油ρ油=160g0.8g/cm3=200cm3；
假设物体完全浸没时，
由ρ=mV得排开水的质量：m排水=ρ水V=1g/cm3×200cm3=200g>180g，即：实际排开水的质量小于物体完全浸没时排开水的质量，所以物体在水中并未完全浸没，则在水中漂浮，故A正确，B错误；
CD、物体在水面漂浮时，G=F浮=G排，则物体的质量m=m溢水=180g；
所以物体的密度：ρ=mV=180g200cm3=0.9g/cm3，故D错误，C正确。
故选：AC。
根据物体在煤油和水中受到的浮力大小，判断出物体在煤油中的状态，根据浮力公式得出物体的体积，从而可根据物体在水中完全浸没时的浮力与物体所受浮力的关系得出浮沉情况，确定重力，由密度公式求出物体的密度。
本题考查了学生对重力公式、阿基米德原理、物体浮沉条件的掌握和运用，判断出物体在两种液体的浮沉情况是解决问题的关键。
8.【答案】BD
【解析】解：A、由丙图可知，前2s物体速度为零，处于静止状态，合力为零，则水平方向受到的摩擦力和拉力是一对平衡力；由乙图可知，前2s物体所受拉力为3N，所以摩擦力也为3N，故A正确；
B、在t=3s时，由乙图可知，物体受到的拉力为7N，由丙图可知物体正在做加速运动，此时摩擦力与拉力不平衡，4s～6s内，物体做匀速直线运动，拉力为5N，故摩擦力为5N，整个过程压力和接触面粗糙程度没变，滑动摩擦力也是不变的，匀速运动时得出的摩擦力也是3s时的摩擦力，故B错误；
C、由丙图可知，4s～6s内，物体做匀速直线运动，速度为v=2m/s，
则4s～6s内通过的距离s=vt=2m/s×2s=4m，
由图乙知，4s～6s时拉力F=5N，所以拉力F做的功为W=Fs=5N×4m=20J，故C正确；
D、由丙图可知，2～4s内物体正在做加速运动，其质量不变，高度不变，速度变大，则重力势能不变，动能变大，所以物体的机械能变大，故D错误。
故选：BD。
(1)当物体静止时，静摩擦力与推力二力平衡，大小相等；
(2)当物体运动时，滑动摩擦力是不受推力大小影响的，只有匀速直线运动时，摩擦力与推力二力平衡，大小相等，当物体受到的推力变大或变小时，摩擦力都不变。
(3)根据图丙得出物体的速度，然后利用速度公式计算物体通过的距离，根据图乙读出拉力大小，再利用功的计算公式计算做的功；
(4)影响动能的影响因素是物体的质量和物体运动的速度，影响重力势能的因素是物体的质量和物体的高度，其中动能和势能统称为机械能。在分析各个能量的变化时，根据各自的影响因素进行分析。
本题考查学生对图象的认识及力的合成的应用，要求能熟练读图，并能结合运动分析物体的受力情况。
9.【答案】大气压 托里拆利 76
【解析】解：(1)由课本中提到的物理史实可知，马德堡市的市长奥托⋅格里克做的马德堡半球实验，最早证明大气压存在的。
(2)意大利科学家托里拆利最早测得大气压的值，一个标准大气压支持的水银柱的高度ℎ=76cm。
故答案为：大气压；托里拆利；76。
(1)著名的马德堡半球实验，证明了大气压强的存在；
(2)意大利著名的科学家托里拆利利用实验测定了一个标准大气压能够支持760mm高的水银柱，即一标准大气压相当于760mm水银柱所产生的压强。
此题主要考查的是大气压强的存在证明实验--马德堡半球实验，以及大气压强的测量--托里拆利实验和大气压强的数值，属于识记性内容，比较简单。
10.【答案】连通器 两船之间水的流速大，压强小
【解析】解：船闸左右两个上端开口，底部相连，构成了一个连通器；
船舶航行时若两艘靠的比较近且并排前进，两船之间的水流通道变窄，流速变大，压强变小，小于两船外侧的压强，会形成向内的压强差，使船相撞。
故答案为：连通器；两船之间水的流速大，压强小。
(1)上端开口、底部相连通的容器；连通器特点是：静止在连通器中的同一种液体，各部分直接与大气接触的液面总在同一水平面上。
(2)船舶航行时若两艘靠的比较近且并排前进，两船之间的水流通道变窄，流速变大，压强变小，小于两船外侧的压强，会形成向内的压强差，使船相撞。
本题考查了连通器和流体压强与流速的关系，难度不大，属于基础题，所以我们一定要掌握好基础知识。
11.【答案】C A 小于
【解析】解：如图，A球为漂浮，B球为悬浮，C球沉入容器底部
漂浮和悬浮时，F浮=G，沉入容器底部时，F浮又三个球排开水的体积：VC=VB>VA，由F浮=ρ水gV排可得FC=FB>FA，
故G C>GB>GA；
又G=mg=ρVg，球的体积相同，
故ρC>ρB>ρA。
故答案为：C；A；小于。
根据球的状态可以得出A、B、C三球所受浮力和重力的大小关系，再根据A、B、C三个球排开水的体积大小关系，利用阿基米德原理的推导公式F浮=ρ水v排g比较受浮力的大小关系；
最后利用密度公式ρ=mV和重力公式G=mg得出三球的密度关系。
本题考查了重力的公式、密度的公式、阿基米德原理及推导公式，利用好漂浮和悬浮条件是本题的关键。
12.【答案】20 水平向左 变小 弹性势能 动能
【解析】解：小桶和沙子的总重力为20N，使用定滑轮不能改变力的大小(忽略细线与滑轮之间的摩擦)，则物块受到的拉力大小为20N；因为物体做匀速直线运动，拉力和滑动摩擦力是一对平衡力，所以滑动摩擦力的大小为20N，方向水平向左；
小桶和沙子匀速下降的过程中，质量不变，高度减小，所以重力势能减小，速度不变，动能不变，故机械能变小；
射箭运动员用力拉满弓，就是将弓拉的形变足够大，使弓具有较大的弹性势能；松手后，弓的弹性势能转化为箭的动能，从而获得更大的动能，射得更远。
故答案为：20；水平向左；变小；弹性势能；动能。
使用定滑轮不能改变力的大小，可以改变力的方向；A做匀速直线运动，此时受力是平衡的，根据二力平衡分析摩擦力的大小和方向；
物体由于运动而具有的能叫做动能；物体由于被举高而具有的能叫做重力势能；发生弹性形变的物体所具有的能叫做弹性势能；机械能为动能和势能的和。
本题考查了摩擦力的大小、机械能的变化，利用好二力平衡的条件是解题的关键。
13.【答案】静止 减小
【解析】解：战机在空中加油时，以受油机为参照物，加油机与受油机之间的相对位置没有发生变化，因此是静止的；加油机的速度不变，质量减小，其动能减小。
故答案为：静止；减小
(1)被研究的物体和参照物之间如果发生位置的改变，被研究的物体是运动的，如果没有发生位置的改变，被研究的物体是静止的。
(2)动能和物体的质量和速度有关，判断时要考虑到两个因素。
本题主要考查对动能大小的因素、运动和静止的相对性的理解和掌握，难度不大。
14.【答案】1.03×105 1×107
【解析】解：(1)船底受到海水的压强为：p=ρgℎ=1.03×103kg/m3×10N/kg×10m=1.03×105Pa；
(2)游轮的满载排水量达1000t，即m排=1000t=1.0×106kg；
由阿基米德原理得：船受到的浮力为：F浮=G排=m排g=1.0×106kg×10N/kg=1.0×107N；
故答案为：1.03×105；1×107
(1)液体压强计算公式为：p=ρgℎ，代入数值可求出压强。
(2)阿基米德原理：F浮=G排=m排g，代入数值可得出浮力。
综合运用液体压强公式和阿基米德原理可解答此题。
15.【答案】解：小球漂浮在液体中，物体所受浮力的方向是竖直向上的，从重心开始竖直向上画一条带箭头的线段表示出浮力，并标出F浮；
物体的重力与浮力大小相等，方向相反，作用点都在重心，同理做出重力的示意图，如下图所示：
【解析】根据小球漂浮在液体中，则可判断小球受到的浮力与重力是一对平衡力，浮力方向竖直向上，大小等于重力，作用点在小球重心上作图即可。
本题考查了物体的浮沉条件和力的示意图的做法；作力的示意图，要用一条带箭头的线段表示力，线段的长度表示力的大小，箭头表示力的方向，起点或终点表示力的作用点。
16.【答案】解：气泡在上升过程中，气泡受到的浮力大于重力，受到的重力的方向是竖直向下的、受到的浮力的方向是竖直向上的，二力的作用点都画在气泡的中心，从重心分别沿竖直向上、竖直向下画一带箭头的线段，标上符号F浮、G，如图所示：
【解析】先确定气泡所受重力、浮力的方向和作用点，根据“气泡上升”确定二力的大小关系，然后根据力的示意图的画法作图。
作力的示意图，要用一条带箭头的线段表示力，线段的长度表示力的大小，箭头表示力的方向，起点或终点表示力的作用点。
17.【答案】不属于 A 液体的深度 丙 500Pa
【解析】解：(1)上端开口，下端相连的容器叫连通器，U形管的一端不开口，故组装完好的压强计中的U形管不是连通器；
(2)使用压强计前，发现U形管左右两侧的水面有一定的高度差，为了使U形管左右两侧的水面相平进行调节时，只需要将软管取下，再重新安装，这样的话，U形管中两管上方的气体压强就是相等的，当橡皮膜没有受到压强时，U形管中的液面就是相平的，故选A；
(3)比较图乙和图丙，同种液体，深度不同，U形管两侧液面的高度差不同，液体压强不同，可以得到同种液体，液体压强的大小与液体的深度有关；
(4)探究液体压强和液体密度的关系，应控制金属盒的深度相同，液体的密度不同，因此应选择图丙和图丁进行实验；
(5)图丙中U形管左右两侧水面的高度差ℎ=5cm，则橡皮管内气体的压强与大气压之差约为p=ρ水gℎ=1×103kg/m3×10N/kg×0.05m=500Pa。
故答案为：(1)不属于；(2)A；(3)液体的深度；(4)丙；(5)500Pa。
(1)上端开口，下端相连的是连通器；
(2)U形管右端的上方是和大气相通的，等于大气压，使用压强计前，发现U形管左右两侧的水面有一定的高度差，要取下软管，让U形管左端液面和大气相通，这样U形管两端的液面就是相平的；
(3)(4)探究液体压强与液体的深度和密度有关，研究与其中一个因素的关系时，要控制另外一个因素不变；
(5)根据p=ρgℎ计算液体产生的压强即为橡皮管内气体的压强与大气压之差。
本题探究影响液体内部压强大小的因素，考查实验注意事项、液体压强的特点、控制变量法和转换法的使用及液体压强公式的运用，是一道综合题。
18.【答案】钢球 甲 丙 质量 转换法
【解析】解：(1)此实验是通过小木块被推过的距离研究钢球动能的大小，距离越远，表明动能越大；
(2)比较甲实验和丙实验，可知两球的质量相等，高度越高到达底端的速度越大，木块被推得更远，所以钢球动能就越大；
(3)比较甲、乙两实验，可知高度相等时到达底端的速度相等，质量越大的木块被推得更远，钢球的动能就越大；用木块移动的距离反映钢球动能的大小，这是转换法。
故答案为：(1)钢球；(2)甲；丙；(3)质量；转换法。
解决此题要知道影响动能大小的因素有物体的质量和速度，在探究时要利用控制变量法进行分析。
解决此类多因素问题要利用控制变量法和转换法进行分析解答。
19.【答案】物体排开液体的体积 深度 体积 A、D、E 1.2×103
【解析】解：(1)由图B、C可知，金属块排开水的体积不相同，弹簧测力计的示数不相同，由称重法F浮=G−F可知浮力相同，故浮力大小跟物体排开液体的体积有关；
(2)由图C、D可知，金属块排开水的体积相同，深度不同，弹簧测力计的示数相同，由称重法F浮=G−F可知浮力相同，故浮力大小跟物体浸没的深度无关；
(3)探究浮力大小与液体的密度关系，要控制液体密度和物体排开液体体积一定，故选A、D、E；
由图AD可知物体浸没在水中受到的浮力F水浮=G−F3=10N−7N=3N；
由图AE可知物体浸没在盐水中受到的浮力F盐浮=G−F4=10N−6.4N=3.6N；
由阿基米德原理F浮=G排=ρ液gV排可知，V排一定时，物体所受浮力与液体密度成正比，故F水浮F盐浮=ρ水ρ盐水，即3N3.6N=1×103kg/m3ρ盐水，解得ρ盐水=1.2×103kg/m3。
故答案为：(1)物体排开液体的体积；(2)深度；体积；(3)A、D、E；1.2×103。
(1)(2)根据图A、B、C和A、C、D的相同量和不同量，根据控制变量法确定浮力大小与变化量之间的关系；
(3)探究浮力大小与液体的密度关系，要控制液体密度和物体排开液体体积一定；根据称重法可分别求出物体浸没在水和盐水中受到的浮力，再由阿基米德原理，当物体排开液体体积一定时，物体所受浮力与液体密度成正比。
本题考查了“影响浮力大小的因素”的实验探究，涉及了称重法测浮力和阿基米德原理的运用，及控制变量法的运用。
20.【答案】解：(1)电车的平均速度：v=st=18km2ℎ=9km/ℎ；
(2)满载的电车静止时对地面的压力：F=G=mg=1600kg×10N/kg=1.6×104N，
电车对地面压强：p=FS=1.6×104N800×10−4m2=2×105Pa；
(3)电车在某段水平公路上沿直线匀速行驶，则牵引力：F′=f=1500N，
由P=Wt=Fst=Fv可得，在这段路程内电车牵引力的功率是：
P=Fv=1500N×2m/s=3000W
答：(1)电车的平均速度是9km/ℎ；
(2)电车对地面压强是2×105Pa；
(3)在这段路程内电车牵引力的功率是3000W。
【解析】(1)已知景区观光公路全长和游客乘电车游览全程需要的时间，利用v=st计算电车的平均速度；
(2)满载的电车在水平地面上静止时对地面的压力等于车和人的总重力，利用G=mg求出，然后利用p=FS计算电车对地面压强；
(3)根据P=Wt=Fst=Fv计算在这段路程内电车牵引力的功率。
此题考查速度、重力、压强、功率的计算，以及二力平衡条件的应用，具有一定的综合性，但总体难度不是很大，关键是知道满载的电车在水平地面上静止时对地面的压力等于车和人的总重力，此外，解题过程中应注意单位换算。
21.【答案】解：(1)水对溢水杯底的压强：
p=ρgℎ=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.2m=2000Pa，
由p=FS可得水对溢水杯底的压力：
F=pS=2000Pa×80×10−4m2=16N；
(2)由阿基米德原理可得木块所受的浮力：
F浮=G排=m排g=m溢g=100×10−3kg×10N/kg=1N；
(3)因为木块漂浮在水面上，所以F浮=G排=G木，
所以此时溢水杯对桌面的压力：
F=G+G木−G排=G=mg=1.75kg×10N/kg=17.5N。
答：(1)水对溢水杯底的压力为16N；
(2)木块受到的浮力为1N；
(3)溢水杯对桌面的压力为17.5N。
【解析】(1)知道水深，利用求p=ρgℎ水对溢水杯底的压强，再利用F=pS求水对溢水杯底的压力；
(2)根据阿基米德原理求木块所受的浮力；
(3)因为木块漂浮在水面上，所以F浮=G排=G木，溢水杯对桌面的压力等于原来溢水杯和水的总重力加上木块的重力再减去排开水的重力。
本题考查了重力公式、压强定义式、液体压强公式、阿基米德原理、物体漂浮条件的应用，要明确装满水的溢水杯在放入木块前后对桌面的压力相同。
1.关于生活和学习中涉及的物理量，叙述正确的是( )
A. 托起一个鸡蛋所用的力约为1N
B. 学生课桌的高为1.5m
C. 一个成年人的体重约为600N
D. 一本8年级下册物理课本在距离地面10m高的位置，具有的重力势能约为0.5J
2.关于大气压强，下列说法中错误的是( )
A. 大气压强等于76cm水银柱高B. 大气压是由于空气重力而产生的
C. 大气密度大时，气压也较大D. 大气压随高度降低而变大
3.2012年3月25日，卡梅隆乘坐“深海挑战者”号深潜器潜入马里亚纳海沟11000m 深处。下潜过程中，卡梅隆发现深潜器发生越来越明显的收缩，则深潜器受到的海水压强和浮力的变化情况是(设海水密度不变)( )
A. 压强越来越大，浮力越来越小B. 压强越来越大，浮力越来越大
C. 压强越来越小，浮力越来越小D. 压强越来越小，浮力越来越大
4.如图所示，用F=20N的水平推力推着重为50N的物体沿水平方向做直线运动，若推力F对物体做了70J的功，则在这一过程中( )
A. 物体一定运动了1mB. 物体一定运动了3.5m
C. 重力做的功一定是70JD. 物体一定受到20N的摩擦力
5.如图所示将物体A放入水中时悬浮，将物体B放入水中时有一半的体积露出水面，将物体A置于物体B上再放入水中时，物体B有三分之一的体积露出水面。下列说法正确的是( )
A. 物体B的密度是1×103kg/m3
B. 物体A、B的体积之比为1：3
C. 物体A、B的重力之比为1：6
D. 乙、丙图，物体B下表面所受的压力之比为3：4
6.如图所示，我国自主研制的“鲲龙”AG600M大型水陆两栖飞机，在水面高速滑行后，腾空而起，沿水平方向匀速飞行一段时间后减速下降。下列说法正确的是
A. 飞机腾空而起的过程中，其重力势能转化为动能
B. 飞机沿水平方向匀速飞行时，其所受重力不做功
C. 飞机减速下降的过程中，其重力势能增加
D. 飞机只要加速飞行，其重力势能就一定减小
二、多选题（本题共2小题，共4分）
7.一物块轻轻放入盛满煤油的大烧杯中，静止后有160g煤油溢出。将其轻轻放入盛满水的大烧杯中，静止后有180g水溢出。则物块在水中静止时的状态及物块的密度分别是(ρ煤油=0.8×10³kg/m³,ρ水=1.0×10³kg/m³)( )
A. 漂浮B. 下沉C. 0.9g/cm³D. 1.1g/cm³
8.如图甲所示，放在水平地面上的物体，受到方向不变的水平拉力F的作用，其F−t和v−t图像分别如图乙、丙所示，下列说法不正确的是( )
A. 当t=2s时，物体处于静止状态，摩擦力是3N
B. 当t=3s时，物体受到摩擦力是7N
C. 4−6s内，拉力F做的功是20J
D. 2−4s内，物体的机械能保持不变
三、填空题（本题共6小题，共17分）
9.马德堡半球实验证明了______的存在。17世纪40年代意大利科学家______首先用实验测定了大气压的值。1标准大气压相当于______厘米高的水银柱产生的压强。
10.三峡大坝的船闸是根据______原理建造的。水运管理部门为了防止并排同向行驶的两船“相吸”发生碰撞，做出了限速限距的规定，是因为______。
11.A、B和C三个体积相同而材料不同的实心球放入盛有液体的容器中，各球所处位置如图所示，从而可以判断______球的密度最大，______球受到的浮力最小，A球受到的浮力______B球受到的浮力(填“小于”“大于”或“等于”)。
12.如图所示，物体A放在粗糙程度不变的水平台面上，用细线通过定滑轮与装有沙子的小桶相连，小桶和沙子的总重力为20N时，物体A恰好做匀速直线运动(忽略细线与滑轮之间的摩擦)。物体A做匀速直线运动过程中受到的摩擦力是______N，方向______，小桶和沙子的总机械能将______(填“变大”、“变小”或“不变”)。射箭比赛时，运动员用力拉满弓，从能量转化的角度分析，这是为了让弓具有更大的______，可以更多地转化为箭的______才能将箭射得更远。
13.战机在空中加油时，加油机和受油机保持同一速度，以受油机为参照物，加油机是______的；该过程中，加油机的动能______(选填“增大”“减小”或“不变”)。
14.一艘豪华游轮的满载排水量达1000t，满载时吃水深度达10m，则满载时船底受到海水的压强为______Pa(ρ海水=1.03×103kg/m3)，船受到的浮力为______N。
四、作图题（本题共2小题，共4分）
15.如图所示，一个小球静止在斜面上的一个盛水容器里，画出小球所受重力与浮力的示意图。
16.如图甲所示，水沸腾时气泡在上升的过程中会逐渐变大。乙图是其中一个正在上升的气泡，请作出此气泡所受重力和浮力的示意图。
五、实验探究题（本题共3小题，共15分）
17.如图是用压强计“探究影响液体内部压强大小的因素”的实验装置。
(1)U形管压强计______(选填“属于”或“不属于”)连通器；
(2)在使用压强计前，发现U形管左右两侧的水面有一定的高度差，如图甲，为了使U形管左右两侧的水面相平，正确的调节方法是______；(选填“A”或“B”)
A.取下软管重新安装
B.将右侧支管中高出的水倒出
(3)比较图乙和图丙，可以得出结论：同种液体，液体压强的大小与______有关；
(4)比较图______和图丁，可以得出结论：在同一深度，液体密度越大，液体的压强越大；
(5)已知图丙中U形管左、右侧水面到管底的高度差为5cm，则软管中的压强与大气压的差值为______。
18.如图所示是研究物体动能大小与哪些因素有关的实验。小车静止时的位置如图所示，实验时将实心钢球A、B、C分别从斜槽上滚下，在斜槽底端撞在一个小车上，钢球将小车推过一段距离，位置到达虚线小车处。已知钢球A、B、C的质量大小关系mA=mC
(2)由实验______和实验______(选填“甲”、“乙”或“丙”)可知，物体动能的大小与物体的运动速度有关。
(3)甲、乙两图的实验目的是研究钢球动能的大小跟______是否有关。该实验判断钢球动能大小所用到的实验方法是______。(选填“控制变量法”或“转换法”)
19.小明在探究“影响浮力大小的因素”的实验中，用同一个弹簧测力计测出了同一金属块在如图所示的5种情况下的拉力，请你解答：
(1)分析图A、B、C可得，物体所受的浮力大小与______有关；
(2)实验A、C、D研究的问题是浮力的大小与物体浸入液体中______的关系，需要控制金属块浸入水中______不变；
(3)分析图______可得，物体所受的浮力大小与液体的密度有关，盐水密度为______kg/m3。
六、计算题（本题共2小题，共18分）
20.为了保护湿地的生态环境，游客在湿地景区内游览时需乘坐新型电车。
(1)景区观光公路全长18km，游客乘电车游览全程需要2ℎ，电车的平均速度是多少？
(2)满载的电车在水平地面上静止时，车和人的总质量是1600kg，轮胎与地面的接触面积是800cm2，电车对地面压强是多少？(g取10N/kg)
(3)电车在某段水平公路上以2m/s的速度沿直线匀速行驶2km，电车受到的阻力是1500N，那么在这段路程内电车牵引力的功率是多少？
21.如图所示，水平桌面上有一个薄壁溢水杯，底面积是80cm2，装满水后水深0.2m，总质量是1.75kg。把一个木块(不吸水)轻轻放入水中，待木块静止时，从杯中溢出水的质量是100g。求：(水的密度ρ=1.0×103kg/m3，g取10N/kg)
(1)水对溢水杯底的压力。
(2)木块受到的浮力。
(3)溢水杯对桌面的压力。
答案和解析
1.【答案】C
【解析】解：
A、一个鸡蛋的质量约为50g，托起一个鸡蛋所用的力约为0.5N，故A错误；
B、学生课桌的高为0.8m左右，故B错误；
C、一个成年人的体重约为60kg，其体重约为G=mg=60kg×10N/kg=600N左右，故C正确；
D、一本8年级下册物理课本质量约为0.2kg 左右，在距离地面10m高的位置，具有的重力势能约为：W=mgℎ=0.2kg×10N/kg×10m=20J，故D错误。
故选：C。
不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要简单的计算，有的要进行单位的换算，最后判断最符合实际的是哪一个。
估测是一种科学的近似计算，它不仅是一种常用的解题方法和思维方法，而且是一种重要的科学研究方法，在生产和生活中也有着重要作用。
2.【答案】A
【解析】解：A、大气压的数值与海拔、天气有关，是在变化的，只有标准大气压才等于76cm水银柱高；故A符合题意；
B、大气压是由于空气重力而产生的；故B不符题意；
C、空气越稠密，大气压越大；故大气密度大时，气压也较大；故C不符题意；
D、大气压大小与海拔高度有关，高度越高，气压越小；故大气压随高度降低而增大；故D不符题意；
故选：A。
大气压的数值不是一成不变的，大气压的大小与许多因素有关；如：天气情况、季节、海拔高度等；海拔越高，空气越稀薄，气压则越低。标准大气压的大小等于76cm高水银柱的压强。
深入理解影响大气压的因素，明确标准大气压的含义；是解答此题的关键。
3.【答案】A
【解析】【分析】
根据公式p=ρgℎ可求压强的变化，根据浮力公式F浮=ρgV排可求浮力的变化。
本题考查液体压强和浮力公式的应用，关键是知道影响液体压强的因素是液体密度和深度，影响浮力的因素是液体密度和物体排开液体的体积，容易出错的一点是液体的深度指的是该点离液面的竖直距离。
【解答】
下潜过程中，深度越来越大，根据公式p=ρgℎ可知，所受液体压强越来越大；
下潜过程中，卡梅隆发现深潜器发生越来越明显的收缩，则说明深潜器的体积变小，排开海水的体积变小，故根据浮力公式F浮=ρgV排可知，浮力变小。
故选A。
4.【答案】B
【解析】解：AB、由W=Fs可得，物体沿水平方向运动的距离：
s=WF=70J20N=3.5m。故A错误，B正确；
C、物体在重力的方向没有移动距离，故重力做的功为0，故C错误；
D、用F=20N的水平推力推着重为50N的物体沿水平方向做直线运动，没有说是匀速直线运动，故摩擦力不一定是20N，故D错误；
故选：B。
已知推力的大小和做功的多少，根据s=WF可求出物体在水平方向运动的距离。
本题考查了学生对功的公式的了解与掌握，注意做功时两个必要因素(力和距离)方向的一致性，易错点。
5.【答案】D
【解析】解：A、物体B漂浮在水中，浮力等于重力，V排=12VB，则ρB=12ρ水=0.5×103kg/m3，故A错误；
B、物体A悬浮在水中，浮力等于重力，V排=VA，则ρA=ρ水=1×103kg/m3；
AB一起放入水中，此时浮力等于AB重力之和，V排=23VB，GA+GB=F浮=ρ水gV排=ρ水g23VB，即ρAgVA+ρBg12VB=ρ水g23VB得VA=512VB，A、B的体积之比为5：12，故B错误；
C、物体A、B的重力之比为：GA：GB=ρAgVA：ρBgVB=5：6，故C错误；
D、乙、丙图中，物体B下表面受到的压力即为浮力，则压力之比等于浮力之比也等于排开液体体积之比12VB：23VB=3：4，故D正确。
故选：D。
(1)物体A悬浮在水中，浮力等于重力，V排=VA，则ρA=ρ水=1×103kg/m3；
(2)物体B漂浮在水中，浮力等于重力，V排=12VB，则ρB=12ρ水=0.5×103kg/m3；
(3)AB一起放入水中，此时浮力等于AB重力之和，V排=23VB，GA+GB=F浮=ρ水gV排=ρ水g23VB，求出VA和VB的关系，从而得出GA和GB的比值；
(4)乙、丙图中，物体B下表面受到的压力即为浮力，则压力之比等于浮力之比也等于排开液体体积之比。
本题考查物体沉浮条件的应用及阿基米德原理的计算和浮力产生的原因，属于比较综合题目，有一定难度。
6.【答案】B
【解析】解：A、飞机腾空而起的过程中，质量不变，速度变大，动能增加；高度增大，重力势能增加，不是重力势能转化为动能，故A错误；
B、飞机沿水平方向匀速飞行时，飞机没有在重力的方向上通过距离，其所受重力不做功，故B正确；
C、飞机减速下降的过程中质量不变，高度降低，重力势能减小，故C错误；
D、飞机加速向上飞行时，重力势能会增大，故D错误。
故选：B。
(1)动能大小的影响因素：质量、速度。质量越大，速度越大，动能越大；重力势能大小的影响因素：质量、被举得高度。质量越大，高度越高，重力势能越大；机械能=动能+势能。
(2)做功的条件：有力，且物体在力的方向上通过距离。
本题考查了重力势能、动能、机械能的变化和做功的条件，属于基础题。
7.【答案】AC
【解析】解：AB、溢出的油的重力为：G溢油=m溢油g=0.16kg×10N/kg=1.6N；
溢出的水的重力为：G溢水=m溢水g=0.18kg×10N/kg=1.8N；
则G溢油
所以，F浮油
根据浮沉条件可知：物块在煤油中一定下沉；
由ρ=mV得：
物块体积V=V溢油=m溢油ρ油=160g0.8g/cm3=200cm3；
假设物体完全浸没时，
由ρ=mV得排开水的质量：m排水=ρ水V=1g/cm3×200cm3=200g>180g，即：实际排开水的质量小于物体完全浸没时排开水的质量，所以物体在水中并未完全浸没，则在水中漂浮，故A正确，B错误；
CD、物体在水面漂浮时，G=F浮=G排，则物体的质量m=m溢水=180g；
所以物体的密度：ρ=mV=180g200cm3=0.9g/cm3，故D错误，C正确。
故选：AC。
根据物体在煤油和水中受到的浮力大小，判断出物体在煤油中的状态，根据浮力公式得出物体的体积，从而可根据物体在水中完全浸没时的浮力与物体所受浮力的关系得出浮沉情况，确定重力，由密度公式求出物体的密度。
本题考查了学生对重力公式、阿基米德原理、物体浮沉条件的掌握和运用，判断出物体在两种液体的浮沉情况是解决问题的关键。
8.【答案】BD
【解析】解：A、由丙图可知，前2s物体速度为零，处于静止状态，合力为零，则水平方向受到的摩擦力和拉力是一对平衡力；由乙图可知，前2s物体所受拉力为3N，所以摩擦力也为3N，故A正确；
B、在t=3s时，由乙图可知，物体受到的拉力为7N，由丙图可知物体正在做加速运动，此时摩擦力与拉力不平衡，4s～6s内，物体做匀速直线运动，拉力为5N，故摩擦力为5N，整个过程压力和接触面粗糙程度没变，滑动摩擦力也是不变的，匀速运动时得出的摩擦力也是3s时的摩擦力，故B错误；
C、由丙图可知，4s～6s内，物体做匀速直线运动，速度为v=2m/s，
则4s～6s内通过的距离s=vt=2m/s×2s=4m，
由图乙知，4s～6s时拉力F=5N，所以拉力F做的功为W=Fs=5N×4m=20J，故C正确；
D、由丙图可知，2～4s内物体正在做加速运动，其质量不变，高度不变，速度变大，则重力势能不变，动能变大，所以物体的机械能变大，故D错误。
故选：BD。
(1)当物体静止时，静摩擦力与推力二力平衡，大小相等；
(2)当物体运动时，滑动摩擦力是不受推力大小影响的，只有匀速直线运动时，摩擦力与推力二力平衡，大小相等，当物体受到的推力变大或变小时，摩擦力都不变。
(3)根据图丙得出物体的速度，然后利用速度公式计算物体通过的距离，根据图乙读出拉力大小，再利用功的计算公式计算做的功；
(4)影响动能的影响因素是物体的质量和物体运动的速度，影响重力势能的因素是物体的质量和物体的高度，其中动能和势能统称为机械能。在分析各个能量的变化时，根据各自的影响因素进行分析。
本题考查学生对图象的认识及力的合成的应用，要求能熟练读图，并能结合运动分析物体的受力情况。
9.【答案】大气压 托里拆利 76
【解析】解：(1)由课本中提到的物理史实可知，马德堡市的市长奥托⋅格里克做的马德堡半球实验，最早证明大气压存在的。
(2)意大利科学家托里拆利最早测得大气压的值，一个标准大气压支持的水银柱的高度ℎ=76cm。
故答案为：大气压；托里拆利；76。
(1)著名的马德堡半球实验，证明了大气压强的存在；
(2)意大利著名的科学家托里拆利利用实验测定了一个标准大气压能够支持760mm高的水银柱，即一标准大气压相当于760mm水银柱所产生的压强。
此题主要考查的是大气压强的存在证明实验--马德堡半球实验，以及大气压强的测量--托里拆利实验和大气压强的数值，属于识记性内容，比较简单。
10.【答案】连通器 两船之间水的流速大，压强小
【解析】解：船闸左右两个上端开口，底部相连，构成了一个连通器；
船舶航行时若两艘靠的比较近且并排前进，两船之间的水流通道变窄，流速变大，压强变小，小于两船外侧的压强，会形成向内的压强差，使船相撞。
故答案为：连通器；两船之间水的流速大，压强小。
(1)上端开口、底部相连通的容器；连通器特点是：静止在连通器中的同一种液体，各部分直接与大气接触的液面总在同一水平面上。
(2)船舶航行时若两艘靠的比较近且并排前进，两船之间的水流通道变窄，流速变大，压强变小，小于两船外侧的压强，会形成向内的压强差，使船相撞。
本题考查了连通器和流体压强与流速的关系，难度不大，属于基础题，所以我们一定要掌握好基础知识。
11.【答案】C A 小于
【解析】解：如图，A球为漂浮，B球为悬浮，C球沉入容器底部
漂浮和悬浮时，F浮=G，沉入容器底部时，F浮
故G C>GB>GA；
又G=mg=ρVg，球的体积相同，
故ρC>ρB>ρA。
故答案为：C；A；小于。
根据球的状态可以得出A、B、C三球所受浮力和重力的大小关系，再根据A、B、C三个球排开水的体积大小关系，利用阿基米德原理的推导公式F浮=ρ水v排g比较受浮力的大小关系；
最后利用密度公式ρ=mV和重力公式G=mg得出三球的密度关系。
本题考查了重力的公式、密度的公式、阿基米德原理及推导公式，利用好漂浮和悬浮条件是本题的关键。
12.【答案】20 水平向左 变小 弹性势能 动能
【解析】解：小桶和沙子的总重力为20N，使用定滑轮不能改变力的大小(忽略细线与滑轮之间的摩擦)，则物块受到的拉力大小为20N；因为物体做匀速直线运动，拉力和滑动摩擦力是一对平衡力，所以滑动摩擦力的大小为20N，方向水平向左；
小桶和沙子匀速下降的过程中，质量不变，高度减小，所以重力势能减小，速度不变，动能不变，故机械能变小；
射箭运动员用力拉满弓，就是将弓拉的形变足够大，使弓具有较大的弹性势能；松手后，弓的弹性势能转化为箭的动能，从而获得更大的动能，射得更远。
故答案为：20；水平向左；变小；弹性势能；动能。
使用定滑轮不能改变力的大小，可以改变力的方向；A做匀速直线运动，此时受力是平衡的，根据二力平衡分析摩擦力的大小和方向；
物体由于运动而具有的能叫做动能；物体由于被举高而具有的能叫做重力势能；发生弹性形变的物体所具有的能叫做弹性势能；机械能为动能和势能的和。
本题考查了摩擦力的大小、机械能的变化，利用好二力平衡的条件是解题的关键。
13.【答案】静止 减小
【解析】解：战机在空中加油时，以受油机为参照物，加油机与受油机之间的相对位置没有发生变化，因此是静止的；加油机的速度不变，质量减小，其动能减小。
故答案为：静止；减小
(1)被研究的物体和参照物之间如果发生位置的改变，被研究的物体是运动的，如果没有发生位置的改变，被研究的物体是静止的。
(2)动能和物体的质量和速度有关，判断时要考虑到两个因素。
本题主要考查对动能大小的因素、运动和静止的相对性的理解和掌握，难度不大。
14.【答案】1.03×105 1×107
【解析】解：(1)船底受到海水的压强为：p=ρgℎ=1.03×103kg/m3×10N/kg×10m=1.03×105Pa；
(2)游轮的满载排水量达1000t，即m排=1000t=1.0×106kg；
由阿基米德原理得：船受到的浮力为：F浮=G排=m排g=1.0×106kg×10N/kg=1.0×107N；
故答案为：1.03×105；1×107
(1)液体压强计算公式为：p=ρgℎ，代入数值可求出压强。
(2)阿基米德原理：F浮=G排=m排g，代入数值可得出浮力。
综合运用液体压强公式和阿基米德原理可解答此题。
15.【答案】解：小球漂浮在液体中，物体所受浮力的方向是竖直向上的，从重心开始竖直向上画一条带箭头的线段表示出浮力，并标出F浮；
物体的重力与浮力大小相等，方向相反，作用点都在重心，同理做出重力的示意图，如下图所示：
【解析】根据小球漂浮在液体中，则可判断小球受到的浮力与重力是一对平衡力，浮力方向竖直向上，大小等于重力，作用点在小球重心上作图即可。
本题考查了物体的浮沉条件和力的示意图的做法；作力的示意图，要用一条带箭头的线段表示力，线段的长度表示力的大小，箭头表示力的方向，起点或终点表示力的作用点。
16.【答案】解：气泡在上升过程中，气泡受到的浮力大于重力，受到的重力的方向是竖直向下的、受到的浮力的方向是竖直向上的，二力的作用点都画在气泡的中心，从重心分别沿竖直向上、竖直向下画一带箭头的线段，标上符号F浮、G，如图所示：
【解析】先确定气泡所受重力、浮力的方向和作用点，根据“气泡上升”确定二力的大小关系，然后根据力的示意图的画法作图。
作力的示意图，要用一条带箭头的线段表示力，线段的长度表示力的大小，箭头表示力的方向，起点或终点表示力的作用点。
17.【答案】不属于 A 液体的深度 丙 500Pa
【解析】解：(1)上端开口，下端相连的容器叫连通器，U形管的一端不开口，故组装完好的压强计中的U形管不是连通器；
(2)使用压强计前，发现U形管左右两侧的水面有一定的高度差，为了使U形管左右两侧的水面相平进行调节时，只需要将软管取下，再重新安装，这样的话，U形管中两管上方的气体压强就是相等的，当橡皮膜没有受到压强时，U形管中的液面就是相平的，故选A；
(3)比较图乙和图丙，同种液体，深度不同，U形管两侧液面的高度差不同，液体压强不同，可以得到同种液体，液体压强的大小与液体的深度有关；
(4)探究液体压强和液体密度的关系，应控制金属盒的深度相同，液体的密度不同，因此应选择图丙和图丁进行实验；
(5)图丙中U形管左右两侧水面的高度差ℎ=5cm，则橡皮管内气体的压强与大气压之差约为p=ρ水gℎ=1×103kg/m3×10N/kg×0.05m=500Pa。
故答案为：(1)不属于；(2)A；(3)液体的深度；(4)丙；(5)500Pa。
(1)上端开口，下端相连的是连通器；
(2)U形管右端的上方是和大气相通的，等于大气压，使用压强计前，发现U形管左右两侧的水面有一定的高度差，要取下软管，让U形管左端液面和大气相通，这样U形管两端的液面就是相平的；
(3)(4)探究液体压强与液体的深度和密度有关，研究与其中一个因素的关系时，要控制另外一个因素不变；
(5)根据p=ρgℎ计算液体产生的压强即为橡皮管内气体的压强与大气压之差。
本题探究影响液体内部压强大小的因素，考查实验注意事项、液体压强的特点、控制变量法和转换法的使用及液体压强公式的运用，是一道综合题。
18.【答案】钢球 甲 丙 质量 转换法
【解析】解：(1)此实验是通过小木块被推过的距离研究钢球动能的大小，距离越远，表明动能越大；
(2)比较甲实验和丙实验，可知两球的质量相等，高度越高到达底端的速度越大，木块被推得更远，所以钢球动能就越大；
(3)比较甲、乙两实验，可知高度相等时到达底端的速度相等，质量越大的木块被推得更远，钢球的动能就越大；用木块移动的距离反映钢球动能的大小，这是转换法。
故答案为：(1)钢球；(2)甲；丙；(3)质量；转换法。
解决此题要知道影响动能大小的因素有物体的质量和速度，在探究时要利用控制变量法进行分析。
解决此类多因素问题要利用控制变量法和转换法进行分析解答。
19.【答案】物体排开液体的体积 深度 体积 A、D、E 1.2×103
【解析】解：(1)由图B、C可知，金属块排开水的体积不相同，弹簧测力计的示数不相同，由称重法F浮=G−F可知浮力相同，故浮力大小跟物体排开液体的体积有关；
(2)由图C、D可知，金属块排开水的体积相同，深度不同，弹簧测力计的示数相同，由称重法F浮=G−F可知浮力相同，故浮力大小跟物体浸没的深度无关；
(3)探究浮力大小与液体的密度关系，要控制液体密度和物体排开液体体积一定，故选A、D、E；
由图AD可知物体浸没在水中受到的浮力F水浮=G−F3=10N−7N=3N；
由图AE可知物体浸没在盐水中受到的浮力F盐浮=G−F4=10N−6.4N=3.6N；
由阿基米德原理F浮=G排=ρ液gV排可知，V排一定时，物体所受浮力与液体密度成正比，故F水浮F盐浮=ρ水ρ盐水，即3N3.6N=1×103kg/m3ρ盐水，解得ρ盐水=1.2×103kg/m3。
故答案为：(1)物体排开液体的体积；(2)深度；体积；(3)A、D、E；1.2×103。
(1)(2)根据图A、B、C和A、C、D的相同量和不同量，根据控制变量法确定浮力大小与变化量之间的关系；
(3)探究浮力大小与液体的密度关系，要控制液体密度和物体排开液体体积一定；根据称重法可分别求出物体浸没在水和盐水中受到的浮力，再由阿基米德原理，当物体排开液体体积一定时，物体所受浮力与液体密度成正比。
本题考查了“影响浮力大小的因素”的实验探究，涉及了称重法测浮力和阿基米德原理的运用，及控制变量法的运用。
20.【答案】解：(1)电车的平均速度：v=st=18km2ℎ=9km/ℎ；
(2)满载的电车静止时对地面的压力：F=G=mg=1600kg×10N/kg=1.6×104N，
电车对地面压强：p=FS=1.6×104N800×10−4m2=2×105Pa；
(3)电车在某段水平公路上沿直线匀速行驶，则牵引力：F′=f=1500N，
由P=Wt=Fst=Fv可得，在这段路程内电车牵引力的功率是：
P=Fv=1500N×2m/s=3000W
答：(1)电车的平均速度是9km/ℎ；
(2)电车对地面压强是2×105Pa；
(3)在这段路程内电车牵引力的功率是3000W。
【解析】(1)已知景区观光公路全长和游客乘电车游览全程需要的时间，利用v=st计算电车的平均速度；
(2)满载的电车在水平地面上静止时对地面的压力等于车和人的总重力，利用G=mg求出，然后利用p=FS计算电车对地面压强；
(3)根据P=Wt=Fst=Fv计算在这段路程内电车牵引力的功率。
此题考查速度、重力、压强、功率的计算，以及二力平衡条件的应用，具有一定的综合性，但总体难度不是很大，关键是知道满载的电车在水平地面上静止时对地面的压力等于车和人的总重力，此外，解题过程中应注意单位换算。
21.【答案】解：(1)水对溢水杯底的压强：
p=ρgℎ=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.2m=2000Pa，
由p=FS可得水对溢水杯底的压力：
F=pS=2000Pa×80×10−4m2=16N；
(2)由阿基米德原理可得木块所受的浮力：
F浮=G排=m排g=m溢g=100×10−3kg×10N/kg=1N；
(3)因为木块漂浮在水面上，所以F浮=G排=G木，
所以此时溢水杯对桌面的压力：
F=G+G木−G排=G=mg=1.75kg×10N/kg=17.5N。
答：(1)水对溢水杯底的压力为16N；
(2)木块受到的浮力为1N；
(3)溢水杯对桌面的压力为17.5N。
【解析】(1)知道水深，利用求p=ρgℎ水对溢水杯底的压强，再利用F=pS求水对溢水杯底的压力；
(2)根据阿基米德原理求木块所受的浮力；
(3)因为木块漂浮在水面上，所以F浮=G排=G木，溢水杯对桌面的压力等于原来溢水杯和水的总重力加上木块的重力再减去排开水的重力。
本题考查了重力公式、压强定义式、液体压强公式、阿基米德原理、物体漂浮条件的应用，要明确装满水的溢水杯在放入木块前后对桌面的压力相同。
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