数学人教版新课标A第二章 圆锥曲线与方程综合与测试单元测试测试题
展开一、 选择题 (本题共计 12 小题 ,每题 5 分 ,共计60分 , )
1. 某几何体是由直三棱柱与圆锥的组合体,起直观图和三视图
如图所示,正视图为正方形,其中俯视图中椭圆的离心率为( )
A.2B.12C.24D.22
2. 双曲线2x2−y2=8的实轴长是( )
A.2B.22C.4D.42
3. 设椭圆x2a2+y2b2=1(a>b>0)的左、右焦点分别为F1,F2,上顶点为B.若|BF2|=|F1F2|=2,则该椭圆的标准方程为( )
A.x24+y23=1B.x23+y2=1C.x22+y2=1D.x24+y2=1
4. 如果双曲线的两个焦点分别为F1(−3, 0)、F2(3, 0),一条渐近线方程为y=2x,那么经过双曲线焦点且垂直于x轴的弦的长度为( )
A.43B.23C.2D.1
5. 已知点A0,1,抛物线C:y2=axa>0的焦点为F,射线FA与抛物线相交于M,与其准线相交于点N,若|FM|:|MN|=2:5,则a=( )
A.2B.4C.6D.8
6. 若抛物线的准线方程是x=−18,则该抛物线的标准方程为( )
A.y2=4xB.y2=2xC.y2=xD.y2=12x
7. 已知椭圆C:x2a2+y24=1的一个焦点为(2, 0),则C的离心率为( )
A.13B.12C.22D.223
8. 曲线y=f(x)=14x2在点(2,1)处的切线的斜率是( )
A.−1B.0C.14D.1
9. 若以抛物线y2=2pxp>0上的点P1,a为圆心,2为半径的圆恰好与抛物线的准线相切,则a的值为( )
A.2B.±2C.−2D.±1
10. 双曲线x29−y216=1的渐近线方程为( )
A.y=±34xB.y=±916xC.y=±169xD.y=±43x
11. 已知椭圆x2a2+y2b2=1(a>b>0)的长轴为A1A2,P为椭圆的下顶点,设直线PA1,PA2的斜率分别为k1,k2,且k1⋅k2=−12,则该椭圆的离心率为( )
A.32B.22C.12D.14
12. 已知双曲线C:x2a2−y2b2=1a>0,b>0的右焦点为F,过F作直线l与两条渐近线交于A,B两点.若△OAB为等腰直角三角形(O为坐标原点)则△OAB的面积为( )
A.a2B.2a3C.2a2或a2D.2a2或12a2
二、 填空题 (本题共计 4 小题 ,每题 5 分 ,共计20分 , )
13. 已知椭圆x29+y25=1的左焦点为F,点P在椭圆上且在x轴的上方,若线段PF的中点在以原点O为圆心,|OF|为半径的圆上,则直线PF的斜率是________.
14. 若直线y=x+b与曲线x=1−y2恰有一个公共点,则b的取值范围是________.
15. 与椭圆x25+y23=1共焦点的等轴双曲线的方程为________.
16. 已知双曲线x2−y28=1上有三个点A,B,C,且AB,BC,AC的中点分别为D,E,F,用字母k表示斜率,若kOD+kOE+kOF=−8(点O为坐标原点,且kOD,kOE,kOF均不为零),则1kAB+1kBC+1kAC=________.
三、 解答题 (本题共计 6 小题 ,每题 11 分 ,共计66分 , )
17. 设命题p:方程x2a+6+y2a−7=1表示中心在原点,焦点在坐标轴上的双曲线;命题q:存在x∈R,使得x2−4x+a<0.若“p∧(¬q)”为真,求实数a的取值范围.
18. 回答下列问题:
(1)求过点(2,−2)且与双曲线x22−y2=1有公共渐近线的双曲线的方程;
(2)求双曲线x24−y25=1的焦点到其渐近线的距离.
19. 椭圆x2a2+y2b2=1(a>b>0)过点(2,3),▱ABCD各顶点都在椭圆上,kAB=−12,kBC=32.
(1)求椭圆的标准方程;
(2)已知M,N是椭圆上的两点,Q是椭圆的上顶点,若直线QM,QN的斜率满足kQM⋅kQN=1,求证:直线MN恒过定点.
20. 已知椭圆的焦点在α轴上,一个顶点为0,1,离心率为e=25,过椭圆的右焦点F的直线1与坐标轴不垂直,且交椭圆于A,B两点.
(1)求椭圆的方程.
(2)设点C是点A关于x轴的对称点,在α轴上是否存在一个定点N,使得C,B,N三点共线?若存在,求出定点N的坐标;若不存在,说明理由.
21. 已知直线l:x−y+1=0与焦点为F的抛物线C:y2=2px(p>0)相切.
(1)求抛物线C的方程;
(2)过点F的直线m与抛物线C交于A,B两点,求A,B两点到直线l的距离之和的最小值.
22. 已知椭圆C的中心是坐标原点,直线3x−2y−43=0经过椭圆C的两个顶点.
(1)求椭圆C的标准方程.
(2)设A(−4,0),过R(3,0)作与x轴不重合的直线l交椭圆于P,Q两点,连接AP,AQ,分别交直线x=163于M,N两点,试问:直线MR,NR的斜率之积是否为定值?若是,求出该定值;若不是,请说明理由.
参考答案与试题解析
2021年人教A版选修2-1数学第2章 圆锥曲线与方程单元测试卷含答案
一、 选择题 (本题共计 12 小题 ,每题 5 分 ,共计60分 )
1.
【答案】
D
【考点】
椭圆的定义
【解析】
根据三视图的性质得到俯视图中椭圆的短轴长和长周长,再根据椭圆的性质a2−b2=c2,和离心率公式e=ca,计算即可.
【解答】
解:设正视图正方形的边长为2,根据正视图与俯视图的长相等,得到俯视图中椭圆的短轴长2b=2,
俯视图的宽就是圆锥底面圆的直径22,得到俯视图中椭圆的长轴长2a=22,
则椭圆的半焦距c=a2−b2=1,
根据离心率公式得,e=ca=12=22;
故选D.
2.
【答案】
C
【考点】
双曲线的标准方程
【解析】
将双曲线方程化为标准方程,求出实轴长.
【解答】
解:2x2−y2=8即为
x24−y28=1
∴ a2=4
∴ a=2
故实轴长为4
故选C
3.
【答案】
A
【考点】
椭圆的标准方程
【解析】
由|BF2|=|F1F2|=2,可得a=2c=2,即可求出a,b,从而可得椭圆的方程.
【解答】
解:∵ |BF2|=|F1F2|=2,
∴ a=2c=2,
∴ a=2,c=1,
∴ b=3,
∴ 椭圆的方程为x24+y23=1.
故选A.
4.
【答案】
A
【考点】
双曲线的离心率
【解析】
依题意可求得c,根据c=a2+b2和渐线方程,联立求得a和b,进而根据通径求得答案.
【解答】
如果双曲线的两个焦点分别为F1(−3, 0)、F2(3, 0),一条渐近线方程为y=2x,
∴ a2+b2=9ba=2 ,
解得a=3,b=6.
所以经过双曲线焦点且垂直于x轴的弦的长度为:2b2a=2×63=43
5.
【答案】
D
【考点】
斜率的计算公式
抛物线的性质
【解析】
无
【解答】
解:依题意F点的坐标为a4,0,作MK垂直于准线,垂足为K,
由抛物线的定义知|MF|=|MK|,
因为|FM|:|MN|=2:5,
则|KN|:|KM|=1:2.
kFN=0−1a4−0=−4a,kFN=−|KN||KM|=−12,
所以−4a=−12,求得a=8.
故选D.
6.
【答案】
D
【考点】
抛物线的标准方程
【解析】
【解答】
解:由−p2=−18,则p=14,
所以抛物线的标准方程为y2=12x .
故选D.
7.
【答案】
C
【考点】
椭圆的离心率
【解析】
本题主要考查椭圆的方程及离心率.
【解答】
解:不妨设a>0,因为椭圆C的一个焦点为(2,0),所以c=2,所以a2=4+4=8,所以a=22,所以椭圆C的离心率e=ca=22.
故选C.
8.
【答案】
D
【考点】
双曲线的定义
【解析】
此题暂无解析
【解答】
解:因为ΔyΔx=f(2+Δx)−f(2)Δx=14Δx+1,
所以曲线在点(2,1)处的切线的斜率k=f′(2)=limΔx→0ΔyΔx=1.
故选D.
9.
【答案】
B
【考点】
抛物线的性质
抛物线的定义
【解析】
【解答】
解:由题意得:1+p2=2.
所以p=2,
即抛物线方程为y2=4x,
所以点P坐标为1,±2.
故选B.
10.
【答案】
D
【考点】
双曲线的渐近线
【解析】
利用双曲线方程确定几何量,即可得到双曲线的渐近线方程.
【解答】
解:∵ 双曲线方程为x29−y216=1,
∴ a=3,b=4,
∴ 双曲线的渐近线方程为y=±bax,
即y=±43x.
故选D.
11.
【答案】
B
【考点】
椭圆的离心率
椭圆的定义
斜率的计算公式
【解析】
由已知利用椭圆的性质可得A1,A2,P三点的坐标,根据已知可求a2=2b2,进而可求离心率e的值.
【解答】
解:由题意得A1(−a, 0),A2(a, 0),P(0, −b),
则k1=−ba,k2=ba,
则k1⋅k2=−b2a2=−12,即a2=2b2,
所以c2=a2−b2=b2,
离心率e=ca=c2a2=b22b2=22.
故选B.
12.
【答案】
D
【考点】
双曲线的简单几何性质
双曲线中的平面几何问题
【解析】
本题主要考查双曲线的性质以及直线和双曲线的关系,联立方程组,求出点的坐标,再求出面积即可.
【解答】
解:①若∠AOB=90∘,
则∠AOF=45∘,
∴ba=1故c=a2+b2=2a,
∴S△OAB=12⋅2c⋅c=c2=2a2;
②若∠BAO=90∘,
则l与y=bax垂直且过F点,垂足为A,
∴l的斜率为−ab,
则直线l的方程为y=−abx−c,
联立y=−ab⋅x−c,y=bax,
解得x=a2c,y=abc,
则点A为a2c,abc
∴△OAB为等腰直角三角形,OB为斜边,
∴OA=AB,
OA2=a2c2+abc2=a2,
∴ S△OAB=12OA⋅AB=12OA2=12a2.
综上所述S△OAB=2a2或12a2.
故选D.
二、 填空题 (本题共计 4 小题 ,每题 5 分 ,共计20分 )
13.
【答案】
15
【考点】
与椭圆有关的中点弦及弦长问题
【解析】
此题暂无解析
【解答】
解:由椭圆方程可知a=3,c=2,∴ F(−2, 0),
根据题意,画出图形:
设线段PF中点为M,椭圆右焦点为F1,
∵ M在以O为圆心,|OF|为半径的圆上,
∴ F1也在圆上,
连接OM, PF1, MF1,则∠FMF1=90∘,
OM是△FPF1的中位线,
∴ |PF1|=2|OM|=2|OF|=2×2=4,
由椭圆定义|PF|+|PF1|=2a=6,
得|PF|=2,|MF|=|PF|2=1,
又∵ ∠FMF1为直角,|MF1|2=|FF1|2−|MF|2=15,
∴ tan∠MFF1=|MF1||MF|=151=15,
∴ 直线PF的斜率是15.
故答案为:15.
14.
【答案】
(−1,1]∪−2
【考点】
曲线与方程
直线与圆的位置关系
【解析】
此题暂无解析
【解答】
x=1−y2⇔x2+y2=1x≥0
方程x2+y2=1x≥0所表示的曲线为半圆(如图)当直线与圆相切时或在l2与l3之间时,适合题意.此时−115.
【答案】
x2−y2=1
【考点】
双曲线的标准方程
圆锥曲线的共同特征
【解析】
利用椭圆的三参数的关系求出双曲线的焦点坐标;利用等轴双曲线的定义设出双曲线的方程,据双曲线中三参数的关系求出双曲线的方程.
【解答】
解:对于x25+y23=1知半焦距为c=5−3=2
所以双曲线的焦点为(±2,0)
设等轴双曲线的方程为x2a2−y2a2=1
据双曲线的三参数的关系得到2a2=2
所以a2=1
所以双曲线的方程为x2−y2=1.
故答案为:x2−y2=1
16.
【答案】
−1
【考点】
斜率的计算公式
中点坐标公式
与双曲线有关的中点弦及弦长问题
【解析】
【解答】
解:设Ax1,y1,Bx2,y2,Dx0,y0,
则x1+x2=2x0,y1+y2=2y0,x12−y128=1,x22−y228=1,
两式相减得x1−x2x1+x2=y1+y2y1−y28,
整理可得x1−x2y1−y2=y08x0,即1kAB=kOD8,
同理得1kBC=kOE8,1kAC=kOF8.
因为kOD+kOE+kOF=−8,
所以1kAB+1kBC+1kAC=−1.
故答案为:−1.
三、 解答题 (本题共计 6 小题 ,每题 11 分 ,共计66分 )
17.
【答案】
解:命题p:(a+6)(a−7)<0,解得−6命题q:Δ=(−4)2−4a>0,解得a<4.
∴ ¬q:a≥4.
∵ “p∧(¬q)”为真,
∴ p为真且¬q为真,
∴ 4≤a<7.
【考点】
逻辑联结词“或”“且”“非”
双曲线的标准方程
一元二次不等式的解法
【解析】
此题暂无解析
【解答】
解:命题p:(a+6)(a−7)<0,解得−6命题q:Δ=(−4)2−4a>0,解得a<4.
∴ ¬q:a≥4.
∵ “p∧(¬q)”为真,
∴ p为真且¬q为真,
∴ 4≤a<7.
18.
【答案】
解:(1)因为所求双曲线与双曲线x22−y2=1有公共渐近线,
所以可设所求双曲线的方程为x22−y2=λ(λ≠0).
因为所求双曲线过点(2,−2),
所以222−(−2)2=λ,得λ=−2,
所以所求双曲线的方程为y22−x24=1.
(2)因为双曲线的方程为x24−y25=1,
所以双曲线的一条渐近线方程为y=52x,
即5x−2y=0.
因为双曲线的左、右焦点到渐近线的距离相等,
且(3,0)为双曲线的一个焦点,
所以双曲线x24−y25=1的焦点到其渐近线的距离为|35−0|3=5.
【考点】
双曲线的离心率
【解析】
此题暂无解析
【解答】
解:(1)因为所求双曲线与双曲线x22−y2=1有公共渐近线,
所以可设所求双曲线的方程为x22−y2=λ(λ≠0).
因为所求双曲线过点(2,−2),
所以222−(−2)2=λ,得λ=−2,
所以所求双曲线的方程为y22−x24=1.
(2)因为双曲线的方程为x24−y25=1,
所以双曲线的一条渐近线方程为y=52x,
即5x−2y=0.
因为双曲线的左、右焦点到渐近线的距离相等,
且(3,0)为双曲线的一个焦点,
所以双曲线x24−y25=1的焦点到其渐近线的距离为|35−0|3=5.
19.
【答案】
解:(1)由图形的对称性可知,AC,BD交于原点O,设Ax1,y1,Bx2,y2,C−x1,−y1,
则x12a2+y12b2=1,x22a2+y22b2=1,
两式相减整理得b2a2+y12−y22x12−x22=0,①
又由y2−y1x2−x1=−12,y2+y1x2+x1=32,
两式相乘得y22−y12x22−x12=−34,代入①得b2a2−34=0,
故a2=43b2,椭圆方程化为3x24b2+y2b2=1,
把点(2,3)代入得b2=12,a2=16,椭圆方程为x216+y212=1.
(2)Q(0,23),设Mx1,y1,Nx2,y2,若MN与x轴垂直,
则x1=x2,y1=−y2,kQM⋅kQN=12−y12x12=34,
不满足kQM⋅kQN=1,舍去;
设MN方程为y=kx+t,代入椭圆方程整理得
(3+4k2)x2+8ktx+4t2−48=0,
Δ=4816k2−t2+12>0,
x1x2=4t2−483+4k2,x1+x2=−8kt3+4k2,
又y1−23x1⋅y2−23x2=1
⇒kx1+t−23x1⋅kx2+t−23x2=1,
整理得k2−1x1x2+k(t−23)x1+x2+
(t−23)2=0,
即k2−14t2−483+4k2+k(t−23)−8kt3+4k2
+(t−23)2=0
⇒(t−23)−t−1433+4k2=0,
得t−23=0或−t−1433+4k2=0.
当t−23=0时,MN经过Q,不合题意,所以t=−143,
故直线MN恒过点(0,−143).
【考点】
圆锥曲线中的定点与定值问题
椭圆的标准方程
【解析】
此题暂无解析
【解答】
解:(1)由图形的对称性可知,AC,BD交于原点O,设Ax1,y1,Bx2,y2,C−x1,−y1,
则x12a2+y12b2=1,x22a2+y22b2=1,
两式相减整理得b2a2+y12−y22x12−x22=0,①
又由y2−y1x2−x1=−12,y2+y1x2+x1=32,
两式相乘得y22−y12x22−x12=−34,代入①得b2a2−34=0,
故a2=43b2,椭圆方程化为3x24b2+y2b2=1,
把点(2,3)代入得b2=12,a2=16,椭圆方程为x216+y212=1.
(2)Q(0,23),设Mx1,y1,Nx2,y2,若MN与x轴垂直,
则x1=x2,y1=−y2,kQM⋅kQN=12−y12x12=34,
不满足kQM⋅kQN=1,舍去;
设MN方程为y=kx+t,代入椭圆方程整理得
(3+4k2)x2+8ktx+4t2−48=0,
Δ=4816k2−t2+12>0,
x1x2=4t2−483+4k2,x1+x2=−8kt3+4k2,
又y1−23x1⋅y2−23x2=1
⇒kx1+t−23x1⋅kx2+t−23x2=1,
整理得k2−1x1x2+k(t−23)x1+x2+
(t−23)2=0,
即k2−14t2−483+4k2+k(t−23)−8kt3+4k2
+(t−23)2=0
⇒(t−23)−t−1433+4k2=0,
得t−23=0或−t−1433+4k2=0.
当t−23=0时,MN经过Q,不合题意,所以t=−143,
故直线MN恒过点(0,−143).
20.
【答案】
(1)椭圆C的标准方程为x25+y2=1.
(2)存在定点N52,0,使得C.B.N三点共线.
【考点】
直线与椭圆结合的最值问题
椭圆的标准方程
【解析】
此题暂无解析
【解答】
解:(1)由椭圆的焦点在x轴上,
设椭圆C的方程为x2a2+y2b2=1ab>0,
椭圆C的一个顶点为0,1,即b=1,
由e=ac1−b2a2=25,
解得a2=5,
∴ 椭圆C的标准方程为x25+y2=1.
(2)由得F2,0,设Ax1,y1,Bx2,y2
设直线l的方程为y=kx−2k≠0,代入椭圆方程,消去y可得
5k2+1x2−20k2x+20k2−5=0,
则x1+x2=20k25k2+1,x1x2=20k2−55k2+1.
∵ 点C与点A关于x轴对称,
∴ Cx1,−y1 .
假设存在Nt,0,使得C,B,N三点共线,
则BN→=t−x2,−y2,CN→=t−x1,y1.
∵ C,B,N三点共线,
∴ BN→//CN→,
∴ t−x2y1+t−x1y2=0,
即y1+y2t=x2y1+x1y2
∴ t=kx1−2x2+kx2−2x1kx1−2+kx2−2
=2⋅20k2−55k2+1−2⋅20k25k2+120k25k2+1−4
=52
∴ 存在定点N52,0,使得C.B.N三点共线.
21.
【答案】
解:(1)∵ 直线l:x−y+1=0与抛物线C相切.
由x−y+1=0,y2=2px,得y2−2py+2p=0,
从而Δ=4p2−8p=0,
解得p=2.
∴ 抛物线C的方程为y2=4x.
(2)由于直线m的斜率不为0,
所以可设直线m的方程为ty=x−1,A(x1,y1),B(x2,y2),
由ty=x−1,y2=4x,消去x得y2−4ty−4=0,
∴ y1+y2=4t,从而x1+x2=4t2+2,
∴ 线段AB的中点M的坐标为(2t2+1,2t).
设点A到直线l的距离为dA,
点B到直线l的距离为dB,
点M到直线l的距离为d,
则dA+dB=2d=2⋅|2t2−2t+2|2
=22|t2−t+1|
=22|(t−12)2+34|,
∴ 当t=12时,A,B两点到直线l的距离之和最小,最小值为322.
【考点】
直线与抛物线结合的最值问题
二次函数在闭区间上的最值
抛物线的标准方程
直线与圆的位置关系
【解析】
此题暂无解析
【解答】
解:(1)∵ 直线l:x−y+1=0与抛物线C相切.
由x−y+1=0,y2=2px,得y2−2py+2p=0,
从而Δ=4p2−8p=0,
解得p=2.
∴ 抛物线C的方程为y2=4x.
(2)由于直线m的斜率不为0,
所以可设直线m的方程为ty=x−1,A(x1,y1),B(x2,y2),
由ty=x−1,y2=4x,消去x得y2−4ty−4=0,
∴ y1+y2=4t,从而x1+x2=4t2+2,
∴ 线段AB的中点M的坐标为(2t2+1,2t).
设点A到直线l的距离为dA,
点B到直线l的距离为dB,
点M到直线l的距离为d,
则dA+dB=2d=2⋅|2t2−2t+2|2
=22|t2−t+1|
=22|(t−12)2+34|,
∴ 当t=12时,A,B两点到直线l的距离之和最小,最小值为322.
22.
【答案】
解:(1)对于3x−2y−43=0,令x=0,
可得y=−23;令y=0,可得x=4.
所以椭圆C中,a=4,b=23,且焦点在x轴上.
所以椭圆C的准线方程为x216+y212=1.
(2)设P(x1,y1),Q(x2,y2),
由于直线l与x轴不重合,不妨设直线l:x=my+3.
联立直线l与椭圆C的方程,并消元可得(3m2+4)y2+18my−21=0,
则有y1+y2=−18m3m2+4,y1y2=−213m2+4.
因为A,M,P三点共线,所以yM163+4=y1x1+4,
所以yM=28y13x1+4.
同理可得yN=28y23x2+4.
所以kMR⋅kNR=yM163−3⋅yN163−3
=9yM⋅yN49=16y1y2x1+4x2+4
=16y1y2my1+7my2+7
=16y1y2m2y1y2+7my1+y2+49
=−127,
即直线MR,NR的斜率之积为定值,定值为−127.
【考点】
椭圆的标准方程
椭圆的离心率
直线与椭圆的位置关系
【解析】
此题暂无解析
【解答】
解:(1)对于3x−2y−43=0,令x=0,
可得y=−23;令y=0,可得x=4.
所以椭圆C中,a=4,b=23,且焦点在x轴上.
所以椭圆C的准线方程为x216+y212=1.
(2)设P(x1,y1),Q(x2,y2),
由于直线l与x轴不重合,不妨设直线l:x=my+3.
联立直线l与椭圆C的方程,并消元可得(3m2+4)y2+18my−21=0,
则有y1+y2=−18m3m2+4,y1y2=−213m2+4.
因为A,M,P三点共线,所以yM163+4=y1x1+4,
所以yM=28y13x1+4.
同理可得yN=28y23x2+4.
所以kMR⋅kNR=yM163−3⋅yN163−3
=9yM⋅yN49=16y1y2x1+4x2+4
=16y1y2my1+7my2+7
=16y1y2m2y1y2+7my1+y2+49
=−127,
即直线MR,NR的斜率之积为定值,定值为−127.
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