2013-2014学年高中数学同步训练:第2章 平面向量 章末检测 (苏教版必修4) Word版含答案
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一、填空题
1.与向量a=(1,)的夹角为30°的单位向量是________________.
2.已知三个力f1=(-2,-1),f2=(-3,2),f3=(4,-3)同时作用于某物体上一点,为使物体保持平衡,现加上一个力f4,则f4=________.
3.已知正方形ABCD的边长为1,=a,=b,=c,则a+b+c的模等于________.
4.若a与b满足|a|=|b|=1,〈a,b〉=60°,则a·a+a·b=________.
5.若向量a=(1,1),b=(1,-1),c=(-1,2),则c=________.
6.若向量a=(1,1),b=(2,5),c=(3,x),满足条件(8a-b)·c=30,则x=________.
7.设点A(1,2)、B(3,5),将向量按向量a=(-1,-1)平移后得到为________.
8.已知向量a=(2,-1),b=(-1,m),c=(-1,2),若(a+b)∥c,则m=________.
9.已知非零向量a,b,若|a|=|b|=1,且a⊥b,又知(2a+3b)⊥(ka-4b),则实数k的值为________.
10.若a=(λ,2),b=(-3,5),且a与b的夹角是钝角,则λ的取值范围是________.
11.在菱形ABCD中,若AC=2,则·=________.
12. 如图所示,已知正六边形P1P2P3P4P5P6,下列向量的数量积中最大的是________.
①·
②·
③·
④·
13. 如图所示,半圆的直径AB=2,O为圆心,C是半圆上不同于A,B的任意一点,若P为半径OC上的动点,则(+)·的最小值是________.
14.如图所示,在平行四边形ABCD中,AP⊥BD,垂足为P,且AP=3,则A·A=________.
二、解答题
15.已知a,b,c在同一平面内,且a=(1,2).
(1)若|c|=2,且c∥a,求c;
(2)若|b|=,且(a+2b)⊥(2a-b),求a与b的夹角.
16.已知|a|=2,|b|=3,a与b的夹角为60°,c=5a+3b,d=3a+kb,当实数k为何值时,
(1)c∥d;(2)c⊥d.
17. 如图,已知四边形ABCD是等腰梯形,E、F分别是腰AD、BC的中点,M、N是线段EF上的两个点,且EM=MN=NF,下底是上底的2倍,若=a,=b.
(1)试用a,b表示;
(2)证明:A、M、C三点共线.
18.已知|a|=1,a·b=,(a-b)·(a+b)=,求:
(1)a与b的夹角;
(2)a-b与a+b的夹角的余弦值.
19.已知向量、、满足条件++=0,||=||=||=1.
求证:△P1P2P3是正三角形.
20.已知正方形ABCD,E、F分别是CD、AD的中点,BE、CF交于点P.求证:
(1)BE⊥CF;
(2)AP=AB.
答案
1.(0,1)或(,) 2.(1,2) 3.2 4. 5.a-b 6.4 7.(2,3)
8.-1 9.6
10.
11.-2
12.①
13.-
14.18
15.解 (1)∵c∥a,∴设c=λa,则c=(λ,2λ).
又|c|=2,∴λ=±2,∴c=(2,4)或(-2,-4).
(2)∵⊥(2a-b),
∴(a+2b)·(2a-b)=0.
∵|a|=,|b|=,∴a·b=-.
∴cos θ==-1,∴θ=180°.
16.解 由题意得a·b=|a||b|cos 60°
=2×3×=3.
(1)当c∥d时,c=λd,则5a+3b=λ(3a+kb).
∴3λ=5,且kλ=3,∴k=.
(2)当c⊥d时,c·d=0,则(5a+3b)·(3a+kb)=0.
∴15a2+3kb2+(9+5k)a·b=0,
∴k=-.
17.(1)解 =+
=+
=+×(+)
=+(+)
=+
=a+b.
(2)证明 =+=+=a+b
∴=,∴A、M、C三点共线.
18.解 (1)∵(a-b)·(a+b)=|a|2-|b|2=1-|b|2=,∴|b|2=,
∴|b|=,设a与b的夹角为θ,
则cos θ===.
∴θ=45°.
(2)∵|a|=1,|b|=,
∴|a-b|2=a2-2a·b+b2=1-2×+=.
∴|a-b|=,
又|a+b|2=a2+2a·b+b2=1+2×+=.
∴|a+b|=,设a-b与a+b的夹角为α,则
cos α===.
即a-b与a+b的夹角的余弦值为.
19.证明 ∵++=0,
∴+=-,
∴(+)2=(-)2,
∴||2+||2+2·
=||2,
∴·=-,
cos∠P1OP2==-,
∴∠P1OP2=120°.
同理,∠P1OP3=∠P2OP3=120°,
即、、中任意两个向量的夹角为120°,
故△P1P2P3是正三角形.
20.证明 如图建立直角坐标系xOy,其中A为原点,不妨设AB=2,
则A(0,0),B(2,0),C(2,2),
E(1,2),F(0,1).
(1)=-=(1,2)-(2,0)
=(-1,2),
=-=(0,1)-(2,2)
=(-2,-1),
∵·=-1×(-2)+2×(-1)=0,
∴⊥,即BE⊥CF.
(2)设P(x,y),则=(x,y-1),=(-2,-1),
∵∥,∴-x=-2(y-1),即x=2y-2.
同理由∥,得y=-2x+4,代入x=2y-2.
解得x=,∴y=,即P.
∴2=2+2=4=2,
∴||=||,即AP=AB.