学易金卷：2020-2021学年高一物理下学期期末测试卷（人教版2019）

2020–2021学年下学期期末测试卷03卷

高一物理·全解全析

1．D

【详解】

C．小球在竖直方向做竖直上抛运动，其上升和下降的时间相等，竖直方向为自由落体运动，由，得

其运动的总时间为

由此可知小球A在空中运动的时间大于小球B在空中运动的时间，故C错误；

A．由于两小球都做斜抛运动，水平方向都是匀速直线运动，运动到最高点时只有水平方向的速度，由于两球的水平位移相等，由，可知两球运动至最高点时小球A的速度小于小球B的速度，故A错误；

B．两球运动过程中都只受重力作用，加速度都是重力加速度g，故B错误；

D．根据速度变化量，由于小球A在空中运动的时间大于小球B在空中运动的时间，所以从抛出至落回同一水平面，A球速度变化量大于B球速度变化量，故D正确。

故选D。

2．D

【详解】

A．由于乒乓球反弹前后水平分速度不变，竖直分速度大小不变，方向相反，且不考虑乒乓球的旋转和空气阻力，所以在整个的运动的过程中，乒乓球的能量是守恒的，由于球恰好在最高点时越过球网，无法判断网高，A错误；

B．从乒乓球发出到第一次接触球台，此时乒乓球做的是平抛运动， 从反弹后到越过球网过程中，乒乓球在竖直方向上做的竖直上抛运动，根据自由落体运动的规律

可以求得球从发出到第一次落在球台上的时间为

在乒乓球从发出到刚越过球网的时刻，在水平方向上，乒乓球一直是匀速直线运动，从发球到刚越过球网时的总时间为2t，又因为水平的位移为

即

B错误；

C．从抛出到落到台上，在竖直方向做自由落体运动，有

由于抛出时有初速度，故落到台上的速度大于，C错误；

D．刚好过网，在B点接到球，球从A点到B点所用时间为

D正确。

故选D。

3．D

【详解】

在最低点，根据牛顿第二定律有

以绳长为圆周运动半径，解得每根绳子的拉力

实际运动中人的重心到悬点的距离小于绳长，故每根绳子平均承受的拉力应大于350N。故D正确。

故选D。

4．D

【详解】

轮A、轮B靠摩擦传动，边缘点线速度相等，故

根据公式

有

根据

有

根据

有

轮B、轮C是共轴传动，角速度相等，故

根据公式

有

根据

有

根据

有

综合得到

故D正确。

故选D。

5．D

【详解】

A．轨道Ⅰ、Ⅱ的中心天体是地球，轨道Ⅲ的中心天体是月球，中心天体不同不满足开普勒第三定律，A错误；

B．根据牛顿第二定律有

因为轨道Ⅰ为近地圆轨道，则r1=R，则嫦娥五号在轨道Ⅰ上运行速度

选项B错误；

C．根据牛顿第二定律有

在P点r相同，则嫦娥五号在椭圆轨道Ⅱ上P点的加速度等于在圆轨道Ⅰ上P的加速度，C错误；

D．嫦娥五号沿椭圆轨道Ⅱ从P点向Q点飞行的过程中，速度减小，则从P到Q万有引力做负功，D正确。

故选D。

6．C

【详解】

手拉着弹簧上端P点缓慢向上移动，可以看成物体是处于平衡状态，根据胡克定律得，弹簧的伸长量

在这一过程中，P点的位移是H。所以物体上升的高度为所以物体重力势能的增加量为。

故选C。

7．B

【详解】

A．设钢板下落的加速度为a，根据

而下落过程中，距地面的高度

因此

可知与为一次函数关系，A正确；

B．重力的功率

而

整理得

可知图像为曲线，B错误；

C．由于钢板加速下落，由于

因此动能

故动能与下落高度成正比，C正确；

D．下落的过程中，由于加速下落，因此

因此图像为一条过坐标原点的直线，D正确。

故不正确的是B。

8．A

【详解】

设向右为正，由动量守恒可知

解得

能量关系满足

或者

解得

能量关系满足

则AB两球质量之比为3:4或3:8；

故选A。

9．AC

【详解】

A．不计空气阻力，水平抛出两个小球，两球均做平抛运动，以抛出点为坐标原点，建立直角坐标系，则由平抛运动规律知

联立解得

由数学知识知，它们的轨迹方程为抛物线方程，故轨迹均为抛物线，故A正确；

BD．由题意知，题目中并未要求两小球一定要在空中相碰，由于不知道两小球是否同时抛出，所以两小球从同一水平直线上抛出，轨迹相交，但并不代表它们一定就在相交处相碰；若要使两个小球在空中发生碰撞，两小球从同一水平直线上抛出时，由于相碰时竖直位移y相等，根据

知两球在空中的运动时间相等，则两小球同时抛出时，可在空中发生碰撞，故BD错误。

C．由题意知，两小球从同一水平直线上抛出，在轨迹相交处，由

知两小球下落的时间相等，但由于水平位移

所以可判断一定有A球的抛出速度大于B球的抛出速度，即

故C正确；

故选AC。

10．BC

【详解】

A．根据

解得

则有

A错误；

B．根据

解得

则有

B正确；

C．根据

解得

则有

C正确；

D．根据

因为

则

D错误。

故选BC。

11．AD

【详解】

A．当牵引力等于阻力时，速度取到最大值，则有

又

解得

故A正确；

B．0~8s内汽车的加速度

根据牛顿第二定律有

解得

故B错误；

C．8s~18s过程变加速过程中，根据动能定理得

解得

则平均速度

故C错误；

D．8s~18s过程中汽车牵引力已达到最大功率，所以牵引力做的功为

故D正确。

故选AD。

12．BC

【详解】

A．物块从开始运动到返回底端的过程中重力的冲量

故A项错误；

B．上滑过程中物块做初速度为v0的匀减速直线运动，下滑过程中做初速度为零，末速度为v的匀加速直线运动，上滑和下滑的位移大小相等，所以有

解得

物块从开始运动到返回底端过程中动量的变化量为

故B正确；

C．上滑过程中有

下滑过程中有

解得

故C项正确；

D．3t0时间内，物块受力为重力、支持力、摩擦力．从底端出发又回到底端，高度不变，重力做功为零；支持力始终与速度垂直，不做功；摩擦力始终与速度反向，做负功．根据动能定理，摩擦力所做的功就等于物体动能变化量．克服摩擦力所做的功与摩擦力所做负功大小相等．所以能求出

故D项错误。

故选BC。

13．C    D       

【详解】

(1)[1]两球碰撞时要发生对心碰撞，两球的直径应相等，即r1=r2；为防止碰撞过程入射球反弹，入射球的质量应大于被碰球的质量，即m1>m2。故C正确。

故选C。

 (2)[2]AB．由于各种偶然因素，如所受阻力不同等，小球的落点不可能完全重合，落点应当比较集中，故AB错误；

CD．确定落点平均位置的方法是最小圆法，即用尽可能最小的圆把各个落点圈住，这个圆的圆心位置代表落点的平均位置；由于落点比较密集，又较多，每次测量距离很难。故不能用求平均值的方法求解；故C错误D正确。

故选D。

(2)[3]分析数据，如果动量守恒应有

小球碰撞前后都做平抛运动，因高度相同则落地的时间想用，因此有

代入上面公式可得

是否成立，从而验证动量守恒定律。

14．0.49    0.48    大于    存在摩擦阻力做负功    B   

【详解】

（1）从起点O到打下记数点B的过程中，重力势能减少量

打B点时的速度

此过程中物体动能的增加量

通过计算，数值上ΔEp>ΔEk，这是因为重物下落过程中存在摩擦阻力做负功。

（2）根据  

可知

则图线是过原点的直线，故选B。

15．（1）4m/s2 ，2m/s2；（2）m/s；（3）1.6m

【详解】

(1)滑块Q在木板P上表面运动时，对滑块Q由牛顿第二定律得

对木板P由牛顿第二定律得

(2)对滑块和木板由动量守恒定律

由动能定理

联立得

，

(3)由

得

因此滑块Q第一次着地时，与物块P右端的水平距离

16．（1）6.0m/s；（2）21J

【详解】

（1）物体在PO过程中受到竖直向下的重力、垂直斜面向上的弹力、和沿斜面向上的摩擦力，此过程应用动能定理得

–0

解得

m/s

（2）物体由O到将弹簧压缩至最短的过程中，此过程应用动能定理得

所以物块克服弹簧弹力做功21J。

17．（1）0.8s；（2）6.0m/s

【详解】

(1)运动员从斜面上起跳后沿竖直方向做自由落体运动，根据自由落体公式

H＝gt2

解得

t＝＝0.8s

(2)为了不触及障碍物，运动员以速度v沿水平方向起跳后竖直下落高度为H－h时，他沿水平方向运动的距离为

设他在这段时间内运动的时间为，则

联立解得

v＝6.0m/s