还剩15页未读，
继续阅读
所属成套资源：2021高考数学人教版一轮创新教学案
成套系列资料，整套一键下载
2021届高考数学人教版一轮创新教学案：第6章第1讲 不等关系与不等式的性质及一元二次不等式
展开
第1讲 不等关系与不等式的性质及一元二次不等式
[考纲解读] 1.不等式性质是进行变形、证明、解不等式的依据，掌握不等式关系与性质及比较大小的常用方法：作差法与作商法．(重点)
2．能从实际情景中抽象出一元二次不等式模型，通过函数图象了解一元二次不等式与相应的二次函数，一元二次方程之间的联系，能解一元二次不等式．(重点、难点)
[考向预测] 从近三年高考情况来看，本讲是高考中的一个热点内容，但一般不会单独命题．预测2021年将会考查：利用不等式的性质判断结论的成立性，求参数的取值范围；一元二次不等式的解法，对含参数的二次不等式的分类讨论等．命题时常将不等式与函数的单调性相结合．试题一般以客观题的形式呈现，属中、低档题型.
1.两个实数比较大小的依据
(1)a－b＞0⇔a＞b.
(2)a－b＝0⇔a＝b.
(3)a－b＜0⇔a＜b.
2．不等式的基本性质
(1)对称性：a＞b⇔b＜a.
(2)传递性：a＞b，b＞c⇒a＞c.
(3)可加性：a＞b⇒a＋c＞b＋c.
(4)可乘性：a＞b，c＞0⇒ac＞bc；a＞b，c＜0⇒ac＜bc.
(5)加法法则：a＞b，c＞d⇒a＋c＞b＋d.
(6)乘法法则：a＞b＞0，c＞d＞0⇒ac＞bd.
(7)乘方法则：a＞b＞0⇒an＞bn(n∈N，n≥1)．
(8)开方法则：a＞b＞0⇒＞(n∈N，n≥2)．
3．必记结论
(1)a>b，ab>0⇒<.
(2)a<0.
(4)0
>(b－m>0)；>；
<(b－m>0)．
4．一元二次函数的三种形式
(1)一般式：y＝ax2＋bx＋c(a≠0)．
(2)顶点式：y＝a2＋(a≠0)．
(3)两根式：y＝a(x－x1)(x－x2)(a≠0)．
5．三个二次之间的关系
判别式
Δ＝b2－4ac
Δ>0
Δ＝0
Δ<0
二次函数
y＝ax2＋bx＋c
(a>0)的图象
一元二次方程
ax2＋bx＋c＝0
(a>0)的根
有两相异实根
x1，x2
(x1
x1＝x2＝－
没有实数根
ax2＋bx＋c>0
(a>0)的解集
(－∞，x1)
∪(x2，＋∞)
x
R
ax2＋bx＋c<0
(a>0)的解集
(x1，x2)
∅
∅
1．概念辨析
(1)a＞b⇔ac2＞bc2.( )
(2)若不等式ax2＋bx＋c>0的解集是(－∞，x1)∪(x2，＋∞)，则方程ax2＋bx＋c＝0的两个根是x1和x2.( )
(3)若方程ax2＋bx＋c＝0(a≠0)没有实数根，则不等式ax2＋bx＋c>0的解集为R.( )
(4)不等式ax2＋bx＋c≤0在R上恒成立的条件是a<0且Δ＝b2－4ac≤0.( )
答案 (1)× (2)√ (3)× (4)×
2．小题热身
(1)设集合M＝{x|x2－3x－4<0}，N＝{x|0≤x≤5}，则M∩N等于( )
A．(0,4] B．[0,4)
C．[－1,0) D．(－1,0]
答案 B
解析 因为M＝{x|－1
C．cb20
答案 A
解析 因为c0，c<0，b的符号不确定，b－a<0，a－c>0，据此判断A成立，B，D不成立，C不一定成立．
(3)设M＝2a(a－2)，N＝(a＋1)(a－3)，则有( )
A．M >N B．M ≥N
C．M
解析 M－N＝2a(a－2)－(a＋1)(a－3)＝a2－2a＋3＝(a－1)2＋2>0，故M >N.
(4)已知函数f(x)＝ax2＋ax－1，若对任意实数x，恒有f(x)≤0，则实数a的取值范围是________．
答案 [－4,0]
解析 当a＝0时，f(x)＝－1≤0成立，
当a≠0时，若对∀x∈R，f(x)≤0，
须有
解得－4≤a＜0.
综上知，实数a的取值范围是[－4,0]．
题型 一 不等式性质的应用
1．(2020·辽宁省鞍山一中高三上学期期末)已知条件甲：a>0，条件乙：a>b且>，则甲是乙的( )
A．充分不必要条件 B．必要不充分条件
C．充要条件 D．既不充分也不必要条件
答案 B
解析 由a>0不能推出a>b且>，故甲不是乙的充分条件．若a>b且>，即a>b且>0，则ab<0，所以a>0，b<0.所以由a>b且>能推出a>0.故甲是乙的必要条件．所以甲是乙的必要不充分条件．
2．已知等比数列{an}中，a1>0，q>0，前n项和为Sn，则与的大小关系为________．
答案 <
解析 当q＝1时，＝3，＝5，所以<.
当q>0且q≠1时，
－＝－
＝＝<0，
所以<.
综上可知<.
3．已知二次函数y＝f(x)的图象过原点，且1≤f(－1)≤2,3≤f(1)≤4，求f(－2)的取值范围．
解 由题意知f(x)＝ax2＋bx，则f(－2)＝4a－2b，
由f(－1)＝a－b，f(1)＝a＋b，
设存在实数m，n，使得4a－2b＝m(a＋b)＋n(a－b)，
即4a－2b＝(m＋n)a＋(m－n)b，
所以解得
所以f(－2)＝4a－2b＝(a＋b)＋3(a－b)．
又3≤a＋b≤4,3≤3(a－b)≤6，
所以6≤(a＋b)＋3(a－b)≤10，
即f(－2)的取值范围是[6,10]．
1．判断不等式是否成立的方法
(1)判断不等式是否成立，需要逐一给出推理判断或反例说明．
(2)在判断一个关于不等式的命题的真假时，可结合不等式的性质，对数函数、指数函数的性质进行判断．
2．比较两个数(式)大小的两种方法
3．求代数式的取值范围
利用不等式性质求某些代数式的取值范围时，一般是利用整体思想，通过“一次性”不等关系的运算求得整体范围，是避免错误的有效途径．如举例说明3.
1．若<<0，给出下列不等式：①<；②|a|＋b>0；③a－>b－；④ln a2>ln b2.其中正确的不等式是( )
A．①④ B．②③
C．①③ D．②④
答案 C
解析 因为<<0，所以b|a|，所以|a|＋b<0，ln a2b，－>－可推出a－>b－，显然有<0<，综上知，①③正确，②④错误．
2．若a>0，且a≠7，则( )
A．77aa<7aa7 B．77aa＝7aa7
C．77aa>7aa7 D．77aa与7aa7的大小不确定
答案 C
解析 显然77aa>0,7aa7>0，
因为＝7·a＝7·－a＝7－a.
当a>7时，0<<1,7－a<0，7－a>1，
当01,7－a>0，7－a>1.
综上知77aa>7aa7.
3．若1<α<3，－4<β<2，则α－|β|的取值范围是________．
答案 (－3,3)
解析 ∵－4<β<2，∴0≤|β|<4，∴－4<－|β|≤0.
∴－3<α－|β|<3.
题型 二 不等式的解法
1．(2019·黄冈模拟)关于x的不等式ax＋b>0的解集是(1，＋∞)，则关于x的不等式(ax＋b)(x－2)<0的解集是( )
A．(－∞，1)∪(2，＋∞) B．(－1,2)
C．(1,2) D．(－∞，－1)∪(2，＋∞)
答案 C
解析 因为关于x的不等式ax＋b>0的解集是(1，＋∞)，所以a>0，且－＝1，所以关于x的不等式(ax＋b)(x－2)<0可化为(x－2)<0，即(x－1)(x－2)<0，所以不等式的解集为{x|1
解 本题采用分类讨论思想．
原不等式可化为ax2＋(a－2)x－2≥0.
①当a＝0时，原不等式化为x＋1≤0，解得x≤－1.
②当a>0时，原不等式化为(x＋1)≥0，
解得x≥或x≤－1.
③当a<0时，原不等式化为(x＋1)≤0.
当>－1，即a<－2时，解得－1≤x≤；
当＝－1，即a＝－2时，解得x＝－1满足题意；
当<－1，即－2
当a>0时，不等式的解集为；
当－2
当a<－2时，不等式的解集为.
1．解一元二次不等式的四个步骤
一化
把不等式变形为二次项系数大于零的标准形式
二判
计算对应方程的判别式
三求
求出对应的一元二次方程的根，或根据判别式说明方程有没有实根
四写
利用“大于取两边，小于取中间”写出不等式的解集
2．分式不等式的解法
求解分式不等式的关键是对原不等式进行恒等变形，转化为整式不等式(组)求解．
(1)>0(<0)⇔f(x)·g(x)>0(<0)；
(2)≥0(≤0)⇔
3．解含参数的一元二次不等式的一般步骤
1．(2019·江西省重点中学协作体联考)已知命题p：A＝，命题q：B＝{x|x－a<0}．若命题p是命题q的必要不充分条件，则实数a的取值范围是( )
A．(2，＋∞) B．[2，＋∞)
C．(－∞，1) D．(－∞，1]
答案 D
解析 由≤0，得≥0，∴
解得x<1或x≥2，∴A＝{x|x<1或x≥2}．又B＝{x|x－a<0}＝{x|x
2．已知函数f(x)＝ax2＋bx－a＋2.
(1)若关于x的不等式f(x)>0的解集是(－1,3)，求实数a，b的值；
(2)若b＝2，a>0，解关于x的不等式f(x)>0.
解 (1)由题意，知x＝－1，x＝3是方程ax2＋bx－a＋2＝0的两个根，
代入方程有∴
(2)当b＝2时，f(x)＝ax2＋2x－a＋2＝(ax－a＋2)(x＋1)，∵a>0，
∴f(x)>0可化为(x＋1)>0，
①当≥－1，即a≥1时，
解集为x；
②当<－1，即0
题型 三 二次不等式中的任意性与存在性
角度1 任意性与存在性
1．已知函数f(x)＝x2－x＋1.
(1)若f(x)≥0，在R上恒成立，求实数a的取值范围；
(2)若∃x∈[1,2]，f(x)≥2成立，求实数a的取值范围．
解 (1)由题意得f(x)＝x2－x＋1≥0在R上恒成立，
∴Δ＝－4≤0，解得－4≤a≤4，
∴实数a的取值范围为[－4,4]．
(2)由题意得∃x∈[1,2]，x2－x＋1≥2成立，
∴∃x∈[1,2]，≤x－成立．
令g(x)＝x－，x∈[1,2]，
则g(x)在区间[1,2]上单调递增，
∴g(x)max＝g(2)＝，
∴≤，解得a≤3，∴实数a的取值范围为(－∞，3]．
角度2 给定区间上的任意性问题
2．已知函数f(x)＝x2＋mx－1，若对于任意x∈[m，m＋1]，都有f(x)<0成立，则实数m的取值范围是________．
答案
解析 要满足f(x)＝x2＋mx－1＜0对于任意x∈[m，m＋1]恒成立，
只需即
解得－＜m＜0.
3．设函数f(x)＝mx2－mx－1.若对于x∈[1,3]，f(x)<－m＋5恒成立，求m的取值范围．
解 要使f(x)<－m＋5在x∈[1,3]上恒成立，即
m2＋m－6<0在x∈[1,3]上恒成立．
有以下两种方法：
解法一：令g(x)＝m2＋m－6，x∈[1,3]．
当m>0时，g(x)在[1,3]上是增函数，
所以g(x)max＝g(3)，即7m－6<0，所以m<，
所以0
当m<0时，g(x)在[1,3]上是减函数，
所以g(x)max＝g(1)，即m－6<0，
所以m<6，所以m<0.
综上所述，m的取值范围是m.
解法二：因为x2－x＋1＝2＋>0，
又因为m(x2－x＋1)－6<0，所以m<.
因为函数y＝＝
在[1,3]上的最小值为，所以只需m<即可．
所以m的取值范围是m.
角度3 给定参数范围的恒成立问题
4．已知a∈[－1,1]时不等式x2＋(a－4)x＋4－2a＞0恒成立，则x的取值范围为( )
A．(－∞，2)∪(3，＋∞)
B．(－∞，1)∪(2，＋∞)
C．(－∞，1)∪(3，＋∞)
D．(1,3)
答案 C
解析 把不等式的左端看成关于a的一次函数，
记f(a)＝(x－2)a＋x2－4x＋4，
要使f(a)＞0对于任意的a∈[－1,1]恒成立，
只需f(－1)＝x2－5x＋6＞0，
且f(1)＝x2－3x＋2＞0即可，解不等式组
得x＜1或x＞3.故选C.
形如f(x)≥0(f(x)≤0)恒成立问题的求解思路
(1)x∈R的不等式确定参数的范围时，结合二次函数的图象，利用判别式来求解．如举例说明1(1)．
(2)x∈[a，b]的不等式确定参数范围时，①根据函数的单调性，求其最值，让最值大于等于或小于等于0，从而求参数的范围；②数形结合，利用二次函数在端点a，b处的取值特点确定不等式求范围．如举例说明2,3.
(3)已知参数m∈[a，b]的不等式确定x的范围，要注意变换主元，一般地，知道谁的范围，就选谁当主元，求谁的范围，谁就是参数．如举例说明4.
1．若不等式x2＋ax－2>0在区间[1,5]上有解，则a的取值范围是________．
答案
解析 由Δ＝a2＋8>0，知方程x2＋ax－2＝0恒有两个不等实数根，又知两根之积为负，所以方程x2＋ax－2＝0必有一正根、一负根．于是不等式在区间[1,5]上有解的充要条件是f(5)>0，解得a>－，故a的取值范围为.
2．函数f(x)＝x2＋ax＋3.
(1)当x∈R时，f(x)≥a恒成立，求实数a的取值范围；
(2)当x∈[－2,2]时，f(x)≥a恒成立，求实数a的取值范围；
(3)当a∈[4,6]时，f(x)≥0恒成立，求实数x的取值范围．
解 (1)∵当x∈R时，x2＋ax＋3－a≥0恒成立，
需Δ＝a2－4(3－a)≤0，即a2＋4a－12≤0，
∴实数a的取值范围是[－6,2]．
(2)当x∈[－2,2]时，设g(x)＝x2＋ax＋3－a≥0，分如下三种情况讨论(如图所示)：
①如图1，当g(x)的图象恒在x轴上方且满足条件时，有Δ＝a2－4(3－a)≤0，即－6≤a≤2.
②如图2，g(x)的图象与x轴有交点，
但当x∈[－2，＋∞)时，g(x)≥0，
即即
可得解得a∈∅.
③如图3，g(x)的图象与x轴有交点，但当x∈(－∞，2]时，g(x)≥0.
即即
可得∴－7≤a≤－6.
综上，实数a的取值范围是[－7,2]．
(3)令h(a)＝xa＋x2＋3.
当a∈[4,6]时，h(a)≥0恒成立．
只需即
解得x≤－3－或x≥－3＋.
∴实数x的取值范围是(－∞，－3－]∪[－3＋，＋∞)．
组 基础关
1．(2019·潍坊模拟)已知集合A＝{x|x2－2x－3≥0}，B＝{x|－2≤x≤2}，则A∩B＝( )
A．[－2，－1] B．[－1,2]
C．[－1,1] D．[1,2]
答案 A
解析 A＝{x|x2－2x－3≥0}＝{x|(x－3)(x＋1)≥0}＝{x|x≤－1或x≥3}，又B＝{x|－2≤x≤2}，所以A∩B＝{x|－2≤x≤－1}．
2．若正实数a，b满足a>b，且ln a·ln b>0，则( )
A.> B．a2
答案 C
解析 由已知得a>b>1或0b2，所以A，B错误；又ab>1或00或lg (ab)<0，所以D错误；而ab＋1－(a＋b)＝(a－1)(b－1)>0，即ab＋1>a＋b，所以C正确．
3．若角α，β满足－<α<β<π，则α－β的取值范围是( )
A. B.
C. D.
答案 B
解析 ∵－<α<π，－<β<π，∴－π<－β<，∴－<α－β<.又α<β，∴α－β<0，从而－<α－β<0.
4．设a，b∈[0，＋∞)，A＝＋，B＝，则A，B的大小关系是( )
A．A≤B B．A≥B
C．AB
答案 B
解析 因为a，b∈[0，＋∞)，所以A＝＋>0，B＝>0，所以A2－B2＝a＋b＋2－(a＋b)＝2≥0，所以A2≥B2，所以A≥B.
5．(2020·广东清远一中月考)关于x的不等式ax－b＜0的解集是(1，＋∞)，则关于x的不等式(ax＋b)(x－3)＞0的解集是( )
A．(－∞，－1)∪(3，＋∞)
B．(1,3)
C．(－1,3)
D．(－∞，1)∪(3，＋∞)
答案 C
解析 关于x的不等式ax－b＜0的解集是(1，＋∞)，即不等式ax＜b的解集是(1，＋∞)，∴a＝b＜0，∴不等式(ax＋b)(x－3)＞0可化为(x＋1)(x－3)＜0，解得－1＜x＜3，∴所求解集是(－1,3)．故选C.
6．设函数f(x)＝则不等式f(x)>f(1)的解集是( )
A．(－3,1)∪(3，＋∞)
B．(－3,1)∪(2，＋∞)
C．(－1,1)∪(3，＋∞)
D．(－∞，－3)∪(1,3)
答案 A
解析 由题意知f(1)＝3，故原不等式可化为
或解得－33，所以原不等式的解集为(－3,1)∪(3，＋∞)，故选A.
7．已知函数f(x)＝(ax－1)(x＋b)，如果不等式f(x)>0的解集为(－1,3)，那么不等式f(－2x)<0的解集为( )
A.∪
B.
C.∪
D.
答案 A
解析 由f(x)＝(ax－1)(x＋b)>0的解集是(－1,3)，则a<0，故有＝－1，－b＝3，即a＝－1，b＝－3，∴f(x)＝－x2＋2x＋3，∴f(－2x)＝－4x2－4x＋3，由－4x2－4x＋3<0，解得x>或x<－，故不等式f(－2x)<0的解集是∪.
8．已知函数f(x)＝，若对任意x∈[1，＋∞)，f(x)>0恒成立，则实数a的取值范围是________．
答案 (－3，＋∞)
解析 对任意x∈[1，＋∞)，f(x)>0恒成立．
等价于x2＋2x＋a>0，即a>－(x＋1)2＋1在[1，＋∞)上恒成立，令g(x)＝－(x＋1)2＋1，则g(x)在[1，＋∞)上单调递减，所以g(x)max＝g(1)＝－3，所以a>－3.
9．若存在x∈[－2,3]，使不等式2x－x2≥a成立，则实数a的取值范围是________．
答案 (－∞，1]
解析 设f(x)＝2x－x2，则当x∈[－2,3]时，f(x)＝－(x－1)2＋1∈[－8,1]，因为存在x∈[－2,3]，使不等式2x－x2≥a成立，所以a≤f(x)max，所以a≤1.
10．设不等式mx2－2x－m＋1<0对于满足|m|≤2的一切m的值都成立，则x的取值范围是________．
答案
解析 记f(m)＝mx2－2x－m＋1＝(x2－1)m＋1－2x(|m|≤2)，则f(m)<0恒成立等价于
解得
1．(2019·天津市新华中学模拟)已知命题p：>，命题q：∀x∈R，ax2＋ax＋1>0，则p成立是q成立的( )
A．充分不必要条件
B．必要不充分条件
C．充要条件
D．既不充分也不必要条件
答案 A
解析 求解不等式>可得0
A．[－4,1] B．[－4,3]
C．[1,3] D．[－1,3]
答案 B
解析 原不等式为(x－a)(x－1)≤0，当a<1时，不等式的解集为[a,1]，此时只要a≥－4即可，即－4≤a<1；当a＝1时，不等式的解为x＝1，此时符合要求；当a>1时，不等式的解集为[1，a]，此时只要a≤3即可，即1
A．[1,3] B．[3,5]
C．[5,7] D．[7,9]
答案 B
解析 由题意知征收耕地占用税后每年损失耕地为万亩，则税收收入为×24000×t%万元，由题意有×24000×t%≥9000，整理得t2－8t＋15≤0，解得3≤t≤5，∴当耕地占用税税率为3%～5%时，既可减少耕地损失又可保证此项税收一年不少于9000万元．∴t的取值范围是3≤t≤5，故选B.
4．(2019·江西临川一中高考模拟)已知函数f(x)＝ln (3－x)，则不等式f(lg x)>0的解集为________．
答案 (1,100)
解析 因为f(x)＝ln (3－x)，则解得0≤x<3，所以定义域为[0,3)，因为f(x)＝ln (3－x)>0等价于解得0
答案 [－8,4]
解析 因为x2＋8y2≥λy(x＋y)对于任意的x，y∈R恒成立，所以x2＋8y2－λy(x＋y)≥0对于任意的x，y∈R恒成立，即x2－λyx＋(8－λ)y2≥0恒成立，
由二次不等式的性质可得，
Δ＝λ2y2＋4(λ－8)y2＝y2(λ2＋4λ－32)≤0，
所以(λ＋8)(λ－4)≤0，解得－8≤λ≤4.
第1讲 不等关系与不等式的性质及一元二次不等式
[考纲解读] 1.不等式性质是进行变形、证明、解不等式的依据，掌握不等式关系与性质及比较大小的常用方法：作差法与作商法．(重点)
2．能从实际情景中抽象出一元二次不等式模型，通过函数图象了解一元二次不等式与相应的二次函数，一元二次方程之间的联系，能解一元二次不等式．(重点、难点)
[考向预测] 从近三年高考情况来看，本讲是高考中的一个热点内容，但一般不会单独命题．预测2021年将会考查：利用不等式的性质判断结论的成立性，求参数的取值范围；一元二次不等式的解法，对含参数的二次不等式的分类讨论等．命题时常将不等式与函数的单调性相结合．试题一般以客观题的形式呈现，属中、低档题型.
1.两个实数比较大小的依据
(1)a－b＞0⇔a＞b.
(2)a－b＝0⇔a＝b.
(3)a－b＜0⇔a＜b.
2．不等式的基本性质
(1)对称性：a＞b⇔b＜a.
(2)传递性：a＞b，b＞c⇒a＞c.
(3)可加性：a＞b⇒a＋c＞b＋c.
(4)可乘性：a＞b，c＞0⇒ac＞bc；a＞b，c＜0⇒ac＜bc.
(5)加法法则：a＞b，c＞d⇒a＋c＞b＋d.
(6)乘法法则：a＞b＞0，c＞d＞0⇒ac＞bd.
(7)乘方法则：a＞b＞0⇒an＞bn(n∈N，n≥1)．
(8)开方法则：a＞b＞0⇒＞(n∈N，n≥2)．
3．必记结论
(1)a>b，ab>0⇒<.
(2)a<0
(4)0
>(b－m>0)；>；
<(b－m>0)．
4．一元二次函数的三种形式
(1)一般式：y＝ax2＋bx＋c(a≠0)．
(2)顶点式：y＝a2＋(a≠0)．
(3)两根式：y＝a(x－x1)(x－x2)(a≠0)．
5．三个二次之间的关系
判别式
Δ＝b2－4ac
Δ>0
Δ＝0
Δ<0
二次函数
y＝ax2＋bx＋c
(a>0)的图象
一元二次方程
ax2＋bx＋c＝0
(a>0)的根
有两相异实根
x1，x2
(x1
x1＝x2＝－
没有实数根
ax2＋bx＋c>0
(a>0)的解集
(－∞，x1)
∪(x2，＋∞)
x
R
ax2＋bx＋c<0
(a>0)的解集
(x1，x2)
∅
∅
1．概念辨析
(1)a＞b⇔ac2＞bc2.( )
(2)若不等式ax2＋bx＋c>0的解集是(－∞，x1)∪(x2，＋∞)，则方程ax2＋bx＋c＝0的两个根是x1和x2.( )
(3)若方程ax2＋bx＋c＝0(a≠0)没有实数根，则不等式ax2＋bx＋c>0的解集为R.( )
(4)不等式ax2＋bx＋c≤0在R上恒成立的条件是a<0且Δ＝b2－4ac≤0.( )
答案 (1)× (2)√ (3)× (4)×
2．小题热身
(1)设集合M＝{x|x2－3x－4<0}，N＝{x|0≤x≤5}，则M∩N等于( )
A．(0,4] B．[0,4)
C．[－1,0) D．(－1,0]
答案 B
解析 因为M＝{x|－1
C．cb2
答案 A
解析 因为c
(3)设M＝2a(a－2)，N＝(a＋1)(a－3)，则有( )
A．M >N B．M ≥N
C．M
解析 M－N＝2a(a－2)－(a＋1)(a－3)＝a2－2a＋3＝(a－1)2＋2>0，故M >N.
(4)已知函数f(x)＝ax2＋ax－1，若对任意实数x，恒有f(x)≤0，则实数a的取值范围是________．
答案 [－4,0]
解析 当a＝0时，f(x)＝－1≤0成立，
当a≠0时，若对∀x∈R，f(x)≤0，
须有
解得－4≤a＜0.
综上知，实数a的取值范围是[－4,0]．
题型 一 不等式性质的应用
1．(2020·辽宁省鞍山一中高三上学期期末)已知条件甲：a>0，条件乙：a>b且>，则甲是乙的( )
A．充分不必要条件 B．必要不充分条件
C．充要条件 D．既不充分也不必要条件
答案 B
解析 由a>0不能推出a>b且>，故甲不是乙的充分条件．若a>b且>，即a>b且>0，则ab<0，所以a>0，b<0.所以由a>b且>能推出a>0.故甲是乙的必要条件．所以甲是乙的必要不充分条件．
2．已知等比数列{an}中，a1>0，q>0，前n项和为Sn，则与的大小关系为________．
答案 <
解析 当q＝1时，＝3，＝5，所以<.
当q>0且q≠1时，
－＝－
＝＝<0，
所以<.
综上可知<.
3．已知二次函数y＝f(x)的图象过原点，且1≤f(－1)≤2,3≤f(1)≤4，求f(－2)的取值范围．
解 由题意知f(x)＝ax2＋bx，则f(－2)＝4a－2b，
由f(－1)＝a－b，f(1)＝a＋b，
设存在实数m，n，使得4a－2b＝m(a＋b)＋n(a－b)，
即4a－2b＝(m＋n)a＋(m－n)b，
所以解得
所以f(－2)＝4a－2b＝(a＋b)＋3(a－b)．
又3≤a＋b≤4,3≤3(a－b)≤6，
所以6≤(a＋b)＋3(a－b)≤10，
即f(－2)的取值范围是[6,10]．
1．判断不等式是否成立的方法
(1)判断不等式是否成立，需要逐一给出推理判断或反例说明．
(2)在判断一个关于不等式的命题的真假时，可结合不等式的性质，对数函数、指数函数的性质进行判断．
2．比较两个数(式)大小的两种方法
3．求代数式的取值范围
利用不等式性质求某些代数式的取值范围时，一般是利用整体思想，通过“一次性”不等关系的运算求得整体范围，是避免错误的有效途径．如举例说明3.
1．若<<0，给出下列不等式：①<；②|a|＋b>0；③a－>b－；④ln a2>ln b2.其中正确的不等式是( )
A．①④ B．②③
C．①③ D．②④
答案 C
解析 因为<<0，所以b
2．若a>0，且a≠7，则( )
A．77aa<7aa7 B．77aa＝7aa7
C．77aa>7aa7 D．77aa与7aa7的大小不确定
答案 C
解析 显然77aa>0,7aa7>0，
因为＝7·a＝7·－a＝7－a.
当a>7时，0<<1,7－a<0，7－a>1，
当0
综上知77aa>7aa7.
3．若1<α<3，－4<β<2，则α－|β|的取值范围是________．
答案 (－3,3)
解析 ∵－4<β<2，∴0≤|β|<4，∴－4<－|β|≤0.
∴－3<α－|β|<3.
题型 二 不等式的解法
1．(2019·黄冈模拟)关于x的不等式ax＋b>0的解集是(1，＋∞)，则关于x的不等式(ax＋b)(x－2)<0的解集是( )
A．(－∞，1)∪(2，＋∞) B．(－1,2)
C．(1,2) D．(－∞，－1)∪(2，＋∞)
答案 C
解析 因为关于x的不等式ax＋b>0的解集是(1，＋∞)，所以a>0，且－＝1，所以关于x的不等式(ax＋b)(x－2)<0可化为(x－2)<0，即(x－1)(x－2)<0，所以不等式的解集为{x|1
解 本题采用分类讨论思想．
原不等式可化为ax2＋(a－2)x－2≥0.
①当a＝0时，原不等式化为x＋1≤0，解得x≤－1.
②当a>0时，原不等式化为(x＋1)≥0，
解得x≥或x≤－1.
③当a<0时，原不等式化为(x＋1)≤0.
当>－1，即a<－2时，解得－1≤x≤；
当＝－1，即a＝－2时，解得x＝－1满足题意；
当<－1，即－2
当a>0时，不等式的解集为；
当－2
当a<－2时，不等式的解集为.
1．解一元二次不等式的四个步骤
一化
把不等式变形为二次项系数大于零的标准形式
二判
计算对应方程的判别式
三求
求出对应的一元二次方程的根，或根据判别式说明方程有没有实根
四写
利用“大于取两边，小于取中间”写出不等式的解集
2．分式不等式的解法
求解分式不等式的关键是对原不等式进行恒等变形，转化为整式不等式(组)求解．
(1)>0(<0)⇔f(x)·g(x)>0(<0)；
(2)≥0(≤0)⇔
3．解含参数的一元二次不等式的一般步骤
1．(2019·江西省重点中学协作体联考)已知命题p：A＝，命题q：B＝{x|x－a<0}．若命题p是命题q的必要不充分条件，则实数a的取值范围是( )
A．(2，＋∞) B．[2，＋∞)
C．(－∞，1) D．(－∞，1]
答案 D
解析 由≤0，得≥0，∴
解得x<1或x≥2，∴A＝{x|x<1或x≥2}．又B＝{x|x－a<0}＝{x|x
2．已知函数f(x)＝ax2＋bx－a＋2.
(1)若关于x的不等式f(x)>0的解集是(－1,3)，求实数a，b的值；
(2)若b＝2，a>0，解关于x的不等式f(x)>0.
解 (1)由题意，知x＝－1，x＝3是方程ax2＋bx－a＋2＝0的两个根，
代入方程有∴
(2)当b＝2时，f(x)＝ax2＋2x－a＋2＝(ax－a＋2)(x＋1)，∵a>0，
∴f(x)>0可化为(x＋1)>0，
①当≥－1，即a≥1时，
解集为x；
②当<－1，即0
题型 三 二次不等式中的任意性与存在性
角度1 任意性与存在性
1．已知函数f(x)＝x2－x＋1.
(1)若f(x)≥0，在R上恒成立，求实数a的取值范围；
(2)若∃x∈[1,2]，f(x)≥2成立，求实数a的取值范围．
解 (1)由题意得f(x)＝x2－x＋1≥0在R上恒成立，
∴Δ＝－4≤0，解得－4≤a≤4，
∴实数a的取值范围为[－4,4]．
(2)由题意得∃x∈[1,2]，x2－x＋1≥2成立，
∴∃x∈[1,2]，≤x－成立．
令g(x)＝x－，x∈[1,2]，
则g(x)在区间[1,2]上单调递增，
∴g(x)max＝g(2)＝，
∴≤，解得a≤3，∴实数a的取值范围为(－∞，3]．
角度2 给定区间上的任意性问题
2．已知函数f(x)＝x2＋mx－1，若对于任意x∈[m，m＋1]，都有f(x)<0成立，则实数m的取值范围是________．
答案
解析 要满足f(x)＝x2＋mx－1＜0对于任意x∈[m，m＋1]恒成立，
只需即
解得－＜m＜0.
3．设函数f(x)＝mx2－mx－1.若对于x∈[1,3]，f(x)<－m＋5恒成立，求m的取值范围．
解 要使f(x)<－m＋5在x∈[1,3]上恒成立，即
m2＋m－6<0在x∈[1,3]上恒成立．
有以下两种方法：
解法一：令g(x)＝m2＋m－6，x∈[1,3]．
当m>0时，g(x)在[1,3]上是增函数，
所以g(x)max＝g(3)，即7m－6<0，所以m<，
所以0
当m<0时，g(x)在[1,3]上是减函数，
所以g(x)max＝g(1)，即m－6<0，
所以m<6，所以m<0.
综上所述，m的取值范围是m.
解法二：因为x2－x＋1＝2＋>0，
又因为m(x2－x＋1)－6<0，所以m<.
因为函数y＝＝
在[1,3]上的最小值为，所以只需m<即可．
所以m的取值范围是m.
角度3 给定参数范围的恒成立问题
4．已知a∈[－1,1]时不等式x2＋(a－4)x＋4－2a＞0恒成立，则x的取值范围为( )
A．(－∞，2)∪(3，＋∞)
B．(－∞，1)∪(2，＋∞)
C．(－∞，1)∪(3，＋∞)
D．(1,3)
答案 C
解析 把不等式的左端看成关于a的一次函数，
记f(a)＝(x－2)a＋x2－4x＋4，
要使f(a)＞0对于任意的a∈[－1,1]恒成立，
只需f(－1)＝x2－5x＋6＞0，
且f(1)＝x2－3x＋2＞0即可，解不等式组
得x＜1或x＞3.故选C.
形如f(x)≥0(f(x)≤0)恒成立问题的求解思路
(1)x∈R的不等式确定参数的范围时，结合二次函数的图象，利用判别式来求解．如举例说明1(1)．
(2)x∈[a，b]的不等式确定参数范围时，①根据函数的单调性，求其最值，让最值大于等于或小于等于0，从而求参数的范围；②数形结合，利用二次函数在端点a，b处的取值特点确定不等式求范围．如举例说明2,3.
(3)已知参数m∈[a，b]的不等式确定x的范围，要注意变换主元，一般地，知道谁的范围，就选谁当主元，求谁的范围，谁就是参数．如举例说明4.
1．若不等式x2＋ax－2>0在区间[1,5]上有解，则a的取值范围是________．
答案
解析 由Δ＝a2＋8>0，知方程x2＋ax－2＝0恒有两个不等实数根，又知两根之积为负，所以方程x2＋ax－2＝0必有一正根、一负根．于是不等式在区间[1,5]上有解的充要条件是f(5)>0，解得a>－，故a的取值范围为.
2．函数f(x)＝x2＋ax＋3.
(1)当x∈R时，f(x)≥a恒成立，求实数a的取值范围；
(2)当x∈[－2,2]时，f(x)≥a恒成立，求实数a的取值范围；
(3)当a∈[4,6]时，f(x)≥0恒成立，求实数x的取值范围．
解 (1)∵当x∈R时，x2＋ax＋3－a≥0恒成立，
需Δ＝a2－4(3－a)≤0，即a2＋4a－12≤0，
∴实数a的取值范围是[－6,2]．
(2)当x∈[－2,2]时，设g(x)＝x2＋ax＋3－a≥0，分如下三种情况讨论(如图所示)：
①如图1，当g(x)的图象恒在x轴上方且满足条件时，有Δ＝a2－4(3－a)≤0，即－6≤a≤2.
②如图2，g(x)的图象与x轴有交点，
但当x∈[－2，＋∞)时，g(x)≥0，
即即
可得解得a∈∅.
③如图3，g(x)的图象与x轴有交点，但当x∈(－∞，2]时，g(x)≥0.
即即
可得∴－7≤a≤－6.
综上，实数a的取值范围是[－7,2]．
(3)令h(a)＝xa＋x2＋3.
当a∈[4,6]时，h(a)≥0恒成立．
只需即
解得x≤－3－或x≥－3＋.
∴实数x的取值范围是(－∞，－3－]∪[－3＋，＋∞)．
组 基础关
1．(2019·潍坊模拟)已知集合A＝{x|x2－2x－3≥0}，B＝{x|－2≤x≤2}，则A∩B＝( )
A．[－2，－1] B．[－1,2]
C．[－1,1] D．[1,2]
答案 A
解析 A＝{x|x2－2x－3≥0}＝{x|(x－3)(x＋1)≥0}＝{x|x≤－1或x≥3}，又B＝{x|－2≤x≤2}，所以A∩B＝{x|－2≤x≤－1}．
2．若正实数a，b满足a>b，且ln a·ln b>0，则( )
A.> B．a2
答案 C
解析 由已知得a>b>1或0
3．若角α，β满足－<α<β<π，则α－β的取值范围是( )
A. B.
C. D.
答案 B
解析 ∵－<α<π，－<β<π，∴－π<－β<，∴－<α－β<.又α<β，∴α－β<0，从而－<α－β<0.
4．设a，b∈[0，＋∞)，A＝＋，B＝，则A，B的大小关系是( )
A．A≤B B．A≥B
C．AB
答案 B
解析 因为a，b∈[0，＋∞)，所以A＝＋>0，B＝>0，所以A2－B2＝a＋b＋2－(a＋b)＝2≥0，所以A2≥B2，所以A≥B.
5．(2020·广东清远一中月考)关于x的不等式ax－b＜0的解集是(1，＋∞)，则关于x的不等式(ax＋b)(x－3)＞0的解集是( )
A．(－∞，－1)∪(3，＋∞)
B．(1,3)
C．(－1,3)
D．(－∞，1)∪(3，＋∞)
答案 C
解析 关于x的不等式ax－b＜0的解集是(1，＋∞)，即不等式ax＜b的解集是(1，＋∞)，∴a＝b＜0，∴不等式(ax＋b)(x－3)＞0可化为(x＋1)(x－3)＜0，解得－1＜x＜3，∴所求解集是(－1,3)．故选C.
6．设函数f(x)＝则不等式f(x)>f(1)的解集是( )
A．(－3,1)∪(3，＋∞)
B．(－3,1)∪(2，＋∞)
C．(－1,1)∪(3，＋∞)
D．(－∞，－3)∪(1,3)
答案 A
解析 由题意知f(1)＝3，故原不等式可化为
或解得－3
7．已知函数f(x)＝(ax－1)(x＋b)，如果不等式f(x)>0的解集为(－1,3)，那么不等式f(－2x)<0的解集为( )
A.∪
B.
C.∪
D.
答案 A
解析 由f(x)＝(ax－1)(x＋b)>0的解集是(－1,3)，则a<0，故有＝－1，－b＝3，即a＝－1，b＝－3，∴f(x)＝－x2＋2x＋3，∴f(－2x)＝－4x2－4x＋3，由－4x2－4x＋3<0，解得x>或x<－，故不等式f(－2x)<0的解集是∪.
8．已知函数f(x)＝，若对任意x∈[1，＋∞)，f(x)>0恒成立，则实数a的取值范围是________．
答案 (－3，＋∞)
解析 对任意x∈[1，＋∞)，f(x)>0恒成立．
等价于x2＋2x＋a>0，即a>－(x＋1)2＋1在[1，＋∞)上恒成立，令g(x)＝－(x＋1)2＋1，则g(x)在[1，＋∞)上单调递减，所以g(x)max＝g(1)＝－3，所以a>－3.
9．若存在x∈[－2,3]，使不等式2x－x2≥a成立，则实数a的取值范围是________．
答案 (－∞，1]
解析 设f(x)＝2x－x2，则当x∈[－2,3]时，f(x)＝－(x－1)2＋1∈[－8,1]，因为存在x∈[－2,3]，使不等式2x－x2≥a成立，所以a≤f(x)max，所以a≤1.
10．设不等式mx2－2x－m＋1<0对于满足|m|≤2的一切m的值都成立，则x的取值范围是________．
答案
解析 记f(m)＝mx2－2x－m＋1＝(x2－1)m＋1－2x(|m|≤2)，则f(m)<0恒成立等价于
解得
1．(2019·天津市新华中学模拟)已知命题p：>，命题q：∀x∈R，ax2＋ax＋1>0，则p成立是q成立的( )
A．充分不必要条件
B．必要不充分条件
C．充要条件
D．既不充分也不必要条件
答案 A
解析 求解不等式>可得0
A．[－4,1] B．[－4,3]
C．[1,3] D．[－1,3]
答案 B
解析 原不等式为(x－a)(x－1)≤0，当a<1时，不等式的解集为[a,1]，此时只要a≥－4即可，即－4≤a<1；当a＝1时，不等式的解为x＝1，此时符合要求；当a>1时，不等式的解集为[1，a]，此时只要a≤3即可，即1
A．[1,3] B．[3,5]
C．[5,7] D．[7,9]
答案 B
解析 由题意知征收耕地占用税后每年损失耕地为万亩，则税收收入为×24000×t%万元，由题意有×24000×t%≥9000，整理得t2－8t＋15≤0，解得3≤t≤5，∴当耕地占用税税率为3%～5%时，既可减少耕地损失又可保证此项税收一年不少于9000万元．∴t的取值范围是3≤t≤5，故选B.
4．(2019·江西临川一中高考模拟)已知函数f(x)＝ln (3－x)，则不等式f(lg x)>0的解集为________．
答案 (1,100)
解析 因为f(x)＝ln (3－x)，则解得0≤x<3，所以定义域为[0,3)，因为f(x)＝ln (3－x)>0等价于解得0
答案 [－8,4]
解析 因为x2＋8y2≥λy(x＋y)对于任意的x，y∈R恒成立，所以x2＋8y2－λy(x＋y)≥0对于任意的x，y∈R恒成立，即x2－λyx＋(8－λ)y2≥0恒成立，
由二次不等式的性质可得，
Δ＝λ2y2＋4(λ－8)y2＝y2(λ2＋4λ－32)≤0，
所以(λ＋8)(λ－4)≤0，解得－8≤λ≤4.
相关资料
更多
