2022高考数学一轮总复习第二章函数概念与基本初等函数第8讲对数函数集训含解析文
展开[A级 基础练]
1.函数y=eq \r(lg3(2x-1)+1)的定义域是( )
A.[1,2] B.[1,2)
C.eq \b\lc\[\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(2,3),+∞)) D.eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(2,3),+∞))
解析:选C.由eq \b\lc\{(\a\vs4\al\c1(lg3(2x-1)+1≥0,,2x-1>0,))即eq \b\lc\{(\a\vs4\al\c1(lg3(2x-1)≥lg3\f(1,3),,x>\f(1,2),))
解得x≥eq \f(2,3).故选C.
2.若函数y=f(x)是函数y=ax(a>0且a≠1)的反函数,且f(2)=1,则f(x)=( )
A.lg2x B.eq \f(1,2x)
C.lgeq \s\d9(\f(1,2))x D.2x-2
解析:选A.由题意知f(x)=lgax(a>0且a≠1),因为f(2)=1,所以lga2=1,所以a=2.所以f(x)=lg2x.故选A.
3.函数y=lneq \f(1,|2x-3|)的图象为( )
解析:选A.易知2x-3≠0,即x≠eq \f(3,2),排除C,D.
当x>eq \f(3,2)时,函数为减函数;当x
A.f(a+1)>f(2) B.f(a+1)
解析:选A.由已知得0f(2).
5.函数f(x)=lga|x+1|(a>0且a≠1),当x∈(-1,0)时,恒有f(x)>0,则( )
A.f(x)在(-∞,0)上是减函数
B.f(x)在(-∞,-1)上是减函数
C.f(x)在(0,+∞)上是增函数
D.f(x)在(-∞,-1)上是增函数
解析:选D.由题意,函数f(x)=lga|x+1|(a>0且a≠1),则说明函数f(x)关于直线x=-1对称,当x∈(-1,0)时,恒有f(x)>0,即|x+1|∈(0,1),f(x)>0,则06.已知函数y=lga(x-1)(a>0,a≠1)的图象过定点A,若点A也在函数f(x)=2x+b的图象上,则f(lg23)=________.
解析:由题意得A(2,0),因此f(2)=4+b=0,b=-4,从而f(lg23)=3-4=-1.
答案:-1
7.若函数f(x)=lgax(0解析:因为0答案:eq \f(\r(2),4)
8.已知函数f(x)=lga(ax-3)(a>0,且a≠1)在[1,3]上单调递增,则a的取值范围是________.
解析:由于a>0,且a≠1,
所以u=ax-3为增函数,
所以若函数f(x)为增函数,则f(x)=lgau必为增函数,所以a>1.
又u=ax-3在[1,3]上恒为正,
所以a-3>0,即a>3.
答案:(3,+∞)
9.已知函数f(x-3)=lgaeq \f(x,6-x)(a>0,a≠1).
(1)求f(x)的解析式;
(2)判断f(x)的奇偶性,并说明理由.
解:(1)令x-3=u,则x=u+3,于是f(u)=lgaeq \f(3+u,3-u)(a>0,a≠1,-3所以f(x)=lgaeq \f(3+x,3-x)(a>0,a≠1,-3
=lga1=0,
所以f(-x)=-f(x),又定义域(-3,3)关于原点对称.
所以f(x)是奇函数.
10.设f(x)=lga(1+x)+lga(3-x)(a>0且a≠1),且f(1)=2.
(1)求实数a的值及f(x)的定义域;
(2)求f(x)在区间eq \b\lc\[\rc\](\a\vs4\al\c1(0,\f(3,2)))上的最大值.
解:(1)因为f(1)=2,所以lga4=2(a>0,a≠1),所以a=2.
由eq \b\lc\{(\a\vs4\al\c1(1+x>0,,3-x>0,))得-1
(2)f(x)=lg2(1+x)+lg2(3-x)=lg2[(1+x)(3-x)]=lg2[-(x-1)2+4],
所以当x∈(-1,1]时,f(x)是增函数;当x∈(1,3)时,f(x)是减函数,
故函数f(x)在eq \b\lc\[\rc\](\a\vs4\al\c1(0,\f(3,2)))上的最大值是f(1)=lg24=2.
[B级 综合练]
11.设a=lg0.20.3,b=lg20.3,则( )
A.a+b
b=lg20.3
所以1=lg0.30.3>lg0.30.4>lg0.31=0,
所以0
C.(-∞,0) D.(-∞,1)
解析:选C.由f(x)=lg3(9x+1)+mx是偶函数,得f(-x)=f(x),即lg3(9-x+1)+m(-x)=lg3(9x+1)+mx,变形可得m=-1,即f(x)=lg3(9x+1)-x,设g(x)=f(x)+4x=lg3(9x+1)+3x,易得g(x)在R上为增函数,且g(0)=lg3(90+1)=lg32,则f(x)+4x
(1)求函数f(x)的定义域;
(2)若对任意x∈[2,+∞)恒有f(x)>0,试确定a的取值范围.
解:(1)由x+eq \f(a,x)-2>0,得eq \f(x2-2x+a,x)>0.
因为x>0,所以x2-2x+a>0.
当a>1时,定义域为(0,+∞);
当a=1时,定义域为(0,1)∪(1,+∞);
当0(2)对任意x∈[2,+∞)恒有f(x)>0,
即x+eq \f(a,x)-2>1对x∈[2,+∞)恒成立,
即a>-x2+3x对x∈[2,+∞)恒成立,
记h(x)=-x2+3x,x∈[2,+∞),则只需a>h(x)max.
而h(x)=-x2+3x=-eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(x-\f(3,2)))eq \s\up12(2)+eq \f(9,4)在[2,+∞)上是减函数,所以h(x)max=h(2)=2,故a>2.
[C级 提升练]
15.设实数a,b是关于x的方程|lg x|=c的两个不同实数根,且a解析:由题意知,在(0,10)上,函数y=|lg x|的图象和直线y=c有两个不同交点,所以|lg a|=|lg b|,又因为y=lg x在(0,+∞)上单调递增,且a答案:(0,1)
16.已知函数f(x)=lga(8-ax)(a>0,且a≠1),若f(x)>1在区间[1,2]上恒成立,则实数a的取值范围是________.
解析:当a>1时,f(x)=lga(8-ax)在[1,2]上是减函数,由f(x)>1在区间[1,2]上恒成立,则f(x)min=f(2)=lga(8-2a)>1,且8-2a>0,
解得1当0由f(x)>1在区间[1,2]上恒成立,
知f(x)min=f(1)=lga(8-a)>1,且8-2a>0.
所以a>4,且a<4,故不存在.
综上可知,实数a的取值范围是eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(1,\f(8,3))).
答案:eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(1,\f(8,3)))
2022高考数学一轮总复习第二章函数概念与基本初等函数第11讲函数模型及其应用集训含解析文: 这是一份2022高考数学一轮总复习第二章函数概念与基本初等函数第11讲函数模型及其应用集训含解析文,共9页。
2022高考数学一轮总复习第二章函数概念与基本初等函数第2讲函数的单调性与最值集训含解析文: 这是一份2022高考数学一轮总复习第二章函数概念与基本初等函数第2讲函数的单调性与最值集训含解析文,共6页。
2022高考数学一轮总复习第二章函数概念与基本初等函数第10讲函数与方程集训含解析文: 这是一份2022高考数学一轮总复习第二章函数概念与基本初等函数第10讲函数与方程集训含解析文,共5页。