还剩9页未读，
继续阅读
高中人教版 (2019)第四节 基本营养物质巩固练习
展开
这是一份高中人教版 (2019)第四节 基本营养物质巩固练习，共12页。试卷主要包含了选择题，填空题，解答题等内容，欢迎下载使用。
一、选择题
1．下列说法正确的是
A．葡萄糖与果糖、淀粉与纤维素均互为同分异构体
B．糖类、油脂、蛋白质均不溶于水
C．蛋白质在高温条件下会发生变性
D．汽油、柴油、花生油的主要成分均是烃类物质
2．人们的幸福生活是靠辛勤劳动创造出来的。下列化学知识解读错误的是
A．AB．BC．CD．D
3．河北省历史悠久，拥有众多的非物质文化遗产。下列非物质文化遗产所用原材料的主要化学成分，与其他三项不同的是
A．武强年画B．魏县花布C．承德八沟石雕D．广宗县柳编
4．利用纳米纤维素与二氧化硅气凝胶(通过水玻璃前驱体制得)相互作用，通过一系列处理获得的力学性能优异的纳米纤维素杂化二氧化硅气凝胶，可应用于保温材料中。下列说法正确的是
A．纳米纤维素是一种高分子，属于纯净物
B．水玻璃是一种盐溶液，常温下其pH约为7
C．二氧化硅可与NaOH、氢氟酸反应，是两性氧化物
D．纳米纤维素杂化二氧化硅气凝胶中主要含有4种元素
5．NA为阿伏加德罗常数的值。下列说法正确的是
A．氨基酸具有两性，1ml 氨基酸中含有的羧基数目一定为NA
B．1 ml 苯中含有的碳碳双键数目为3NA
C．0.5 ml乙醇与等量乙酸充分发生酯化反应，生成乙酸乙酯的分子数为0.5NA
D．常温常压下，2.8 g乙烯和丙烯的混合气体中所含碳原子数为0.2NA
6．下列关于蛋白质的叙述中，错误的是
A．蛋白质溶液里加(NH4)2SO4溶液可使蛋白质发生变性
B．在豆浆中加少量石膏，能使豆浆凝结为豆腐
C．温度越高，酶可能失去活性，对某些化学反应的催化效率可能降低
D．不是所有的蛋白质遇到浓硝酸都变成黄色
7．利用油脂厂的废铁屑(主要成分为，含有沙土、油污、和等)制备磁性纳米的流程如图所示：
下列说法错误的是
A．预处理可用溶液，适当升温有助于加快油脂的水解
B．纳米属于胶体，能发生丁达尔效应
C．步骤③可能发生反应，标况下参与反应，理论上转移电子数为
D．步骤⑤发生反应的离子方程式为
8．贵州素有“山水林田湖”的美称。近年来，贵州经济迅速发展，在现代农业与高新技术产业上结下累累硕果，下列说法不正确的是
A．贵州黎阳航发公司采用陶瓷俦造发动机叶片，陶瓷具有高强度、高温稳定性等优异特性，其属于金属材料
B．助农产品刺梨含有丰富的维生素C，其具有强大的抗氧化作用，常用作还原剂
C．世界第一高桥北盘江大桥在铸造过程中使用到高强度水泥，其属于传统无机非金属材料
D．贵州丹寨蜡染是通过对棉布、麻布进行复杂手工制作得到的一种艺术品，棉布、麻布的成分是纤维素，属于天然有机高分子材料
9．胶体与人类生活有密切的关系，下列现象不能用胶体知识解答的是
A．重金属中毒，可喝豆浆缓解
B．树林中出现的晨曦(如图)
C．将稀硫酸逐滴加入Fe(OH)3胶体中，开始产生红褐色沉淀，继续滴加沉淀溶解
D．针对严重肾病患者的血液透析治疗
10．以黄铜矿()为主要原料的炼铜方法之一是生物浸出法：在反应釜中加入黄铜矿、硫酸铁、硫酸和微生物，并鼓入空气，黄铜矿逐渐溶解，反应釜中各物质的转化关系如图所示，下列说法正确的是
A．此浸出过程，温度越高，浸出速率越高
B．反应I、II相同，每消耗，转移电子
C．在微生物的作用下，可以循环使用的物质有和
D．转化为的过程中，每生成，消耗氧气
11．工业上常采用生物硝化法将转化为来处理氨氮废水，工艺流程如图所示，下列说法正确的是
已知：微生物保持活性的pH范围为7～9。
A．检验废水中所需的试剂可以是浓NaOH溶液和湿润的蓝色石蕊试纸
B．升高温度、增大氧气的浓度一定有利于微生物硝化处理含的废水
C．为了保持微生物活性，可加入浓氨水来调节处理后的水体的pH
D．该流程中处理含废水的离子方程式为
12．水是重要的溶剂，也是物质发生化学反应的主要介质。在水中，各种各样的化学物质体现诸多奇妙变化。下列过程与水解反应无关的是_______。
A．热的纯碱溶液去除油脂效果更好
B．重油在高温、高压和催化剂作用下转化为小分子烃
C．蛋白质在酶的作用下转化为氨基酸
D．向沸水中滴入饱和溶液制备胶体
13．维生素是一种水溶性维生素，熔点为，其分子式为。下列说法错误的是
A．维生素的摩尔质量为B．维生素中三种元素的质量比为
C．标准状况下，维生素的体积为D．适当食用维生素含量较高的食物对人体有益
14．我国科学家进行了如图所示的碳循环研究。下列说法正确的是
A．CO和CO2是同素异形体
B．1mlCO2中含有的电子数目为22NA
C．11.2LCO2被还原生成0.5mlCO
D．葡萄糖属于糖类，但淀粉不属于糖类
15．豆腐是大众喜爱的传统食品，其传统制法的主要过程如图
下列说法错误的是
A．“过滤”得到的豆浆只含有蛋白质一种营养物质
B．稀豆浆具有丁达尔效应
C．“煮浆”可使某些微生物杂菌失活
D．“点卤”使用硫酸钙目的是促进豆浆聚沉
二、填空题
16．蛋白质化学性质
(1)两性
在多肽链的两端存在着自由的 和 ，因此蛋白质既能与酸反应，又能与碱反应。
(2)水解
①水解原理：
+H2O +
②水解过程：
蛋白质
(3)盐析
①实质：向蛋白质溶液中加入浓的 溶液(如饱和硫酸铵溶液、硫酸钠溶液等)，能够破坏蛋白质溶解形成的 结构而降低蛋白质的 ，使蛋白质转变为沉淀析出。
②特点：盐析是一个 过程，盐析出的蛋白质在水中能 ，并不影响其 。
③应用：多次盐析和溶解可以 蛋白质。
(4)变性
①概念：蛋白质遇到重金属盐、强酸、强碱、甲醛、酒精等物质，或用紫外线、X射线等照射蛋白质，会生成沉淀。
②特点：变性后的蛋白质 重新溶解，失去原有的 ，发生了不可逆的变化。
(5)颜色反应
①蛋白质遇双缩脲试剂会呈现 。
②含有苯环的蛋白质与浓硝酸作用时会产生 固态物质。
17．乙醇、乙二醇等醇类物质是重要的有机化工原料。回答下列问题：
I．工业上可用乙烯水合法生产乙醇
第一步：反应(浓硫酸)(硫酸氢乙酯)；
第二步：硫酸氢乙酯水解生成乙醇。
(1)第一步属于 (填反应类型)。
(2)第二步反应的化学方程式为 。
Ⅱ．以乙醇为原料可制备某种高分子涂料，其转化关系如下图：
(3)有机物A的结构简式为 。
(4)反应Ⅱ的化学方程式为 。
(5)一定条件下，醇可发生分子间脱水反应可生成醚(R-O-R′，R、R′表示烃基)，请写出乙二醇()在一定条件下生成环状醚的结构简式为 。
Ⅲ．某学习小组设计乙醇的催化氧化的实验装置如图所示，试回答下列问题。
(6)甲的锥形瓶中盛放的固体药品可能为___________(填字母)。
A．B．C．D．
(7)实验过程中，丙装置硬质玻璃管中发生反应的化学方程式为 。
(8)己醇的催化氧化产物与葡萄糖具有相同的特征反应，将所得的氧化产物与新制氢氧化铜悬浊液混合后加热，现象为 。
三、解答题
18．A~H是常见的有机物，，均为有香味的油状物质且互为同系物，H为非电解质，其催化氧化的产物溶于水形成的溶液具有防腐功能。E可作植物生长调节剂。
(1)H的结构简式是 ；D中的官能团名称是 。
(2)写出与同类别的同分异构体的结构简式 。
(3)有多种方法可以合成，其中E和D可在一定条件下发生反应形成，请写出的反应类型 。
(4)已知F的分子式是，与足量钠反应生成，请写出F与足量D发生反应的化学方程式 。
19．乙酸乙酯是重要的化工原料，一种制备流程如下。
回答下列问题：
(1)A的名称为 。B中所含官能团的名称为 。
(2)C→D的化学方程式为 。
(3)F存在多种同分异构体，其中与E互为同系物的结构简式为 。
(4)实验室制取乙酸乙酯的装置如图。
①仪器a的名称为 。
②制取乙酸乙酯的化学方程式为 。
③若乙醇和乙酸反应制得乙酸乙酯，产率为 ％。(产物产率=×100％，计算结果保留3位有效数字)。
选项
(劳动项目)
化学知识解读
A
用“84”消毒液对生活用品杀菌、消毒
“84”消毒液具有氧化性
B
焙制面包时使用碳酸氢钠
碳酸氢钠受热易分解产生CO2
C
家用铁锅或合金钢锅做饭
铁合金不易生锈
D
用盐酸刻蚀鸡蛋壳制作艺术品
发生复分解反应
磨豆
过滤
煮浆
点卤
参考答案：
1．C
【详解】A．淀粉与纤维素的聚合度n不同，二者不是同分异构体，而葡萄糖与果糖互为同分异构体，故A错误；
B．单糖和低聚糖易溶于水，多糖、油脂、蛋白质均不溶于水，故B错误；
C．蛋白质在高温条件下会发生变性，故C正确；
D．汽油、柴油的主要成分均是烃类物质，花生油的主要成分是高级脂肪酸甘油酯，故D错误；
故选C。
2．C
【详解】A．用“84”消毒液对生活用品杀菌、消毒，是因为“84”消毒液具有氧化性，能使细菌蛋白质变性，从而杀死细菌，A正确；
B．焙制面包时使用碳酸氢钠，利用碳酸氢钠受热易分解产生CO2，CO2受热体积膨胀，从而使面包变得膨松，B正确；
C．家用铁锅或合金钢锅做饭，利用铁锅或合金钢锅具有导热性，将饭做熟，C不正确；
D．用盐酸刻蚀鸡蛋壳制作艺术品，利用盐酸与碳酸钙反应，从而溶解接触盐酸的蛋壳，发生复分解反应，D正确；
故选C。
3．C
【详解】年画的主要成分是纤维素，属于天然有机高分子化合物；花布的主要成分也是纤维素；石雕的成分主要是碳酸钙，属于无机物；柳编的主要成分也属于纤维素；故选C。
4．D
【详解】A．纳米纤维素是一种高分子，高分子一般为混合物，A错误；
B．水玻璃是硅酸钠的水溶液，硅酸钠是强碱弱酸盐，其水溶液显碱性，常温下pH>7，B错误；
C．二氧化硅不与HF以外的一般酸反应，是酸性氧化物，C错误；
D．纤维素中含有的元素为C、H、O，二氧化硅中含有的元素为Si、O，纳米纤维素杂化二氧化硅气凝胶中所含元素主要有C、H、O、Si，共4种元素，D正确；
故选D。
5．D
【详解】A．一个氨基酸中羧基数目不一定为1，A错误；
B．苯中不含有碳碳双键，其碳碳键是介于双键和单键的一种特殊的键，B错误；
C．酯化反应是可逆反应，0.5ml乙醇与等量乙酸发生酯化反应，生成的乙酸乙酯分子数小于0.5NA，C错误；
D．乙烯、丙烯最简式为CH2，2.8g乙烯和丙烯的混合气体中含有0.2mlCH2，所含碳原子数为0.2NA，D正确；
故选D。
6．A
【详解】A．饱和(NH4)2SO4溶液可使蛋白质发生盐析，A错误；
B．豆浆是胶体，遇电解质会聚沉，石膏是电解质，故豆浆会凝结为豆腐，B正确；
C．酶在高温下会变性，从而失去活性，C正确；
D．含苯环的蛋白质遇浓硝酸才会变黄色，故并不一定所有的蛋白质遇浓硝酸都变黄，D错误；
答案选A。
7．B
【分析】废铁屑经预处理除去油污，再与盐酸反应获得滤液A FeCl3、FeCl2溶液，滤液A经Fe还原后得到滤液B FeCl2溶液，滤液B部分氧化后再以一定配比与B混合，得到产物Fe3O4。
【详解】A．碱煮水洗可促进油脂水解，达到去油污的目的，A正确；
B．纳米Fe3O4为纯净物，不与分散剂形成分散系不能属于胶体，不发生丁达尔效应，B错误；
C．Fe(OH)2具有较强还原性，容易被O2氧化生成红褐色Fe(OH)3，0.5 ml O2参与反应转移电子2 NA，C正确；
D．步骤⑤两者混合得到Fe3O4，方程式为，D正确；
答案选B。
8．A
【详解】A．由题意可知，氧化铝陶瓷属于新型无机非金属材料，不属于金属材料，故A错误；
B．维生素C具有强大的抗氧化作用，所以常用作还原剂，故B正确；
C．性能优良的水泥属于传统无机非金属材料，故C正确；
D．布、麻布的成分是天然有机高分子化合物纤维素，属于天然有机高分子材料，故D正确；
故选A。
9．A
【详解】A．豆浆属于蛋白质，重金属能使蛋白质变性，与胶体无关，A错误；
B．树林中出现的晨曦是丁达尔效应，B正确；
C．稀硫酸为电解质，先使Fe(OH)3胶体发生聚沉， 继续滴加稀硫酸再与Fe(OH)3发生中和反应，使沉淀又溶解，C正确；
D．针对严重肾病患者的血液透析治疗，属于胶体的渗析，D正确；
故选A。
10．C
【分析】由图可知，微生物作用下，反应I、II中亚铁离子与氧气反应转化为铁离子，CuFeS2与氢离子、铁离子反应生成铜离子、亚铁离子和H2Sn，铁离子与H2Sn反应生成氢离子、亚铁离子和S8，S8与氧气和水反应生成硫酸根离子和氢离子，则反应釜中硫酸铁和硫酸可循环利用。
【详解】A．浸出过程中若温度过高，微生物的活性降低或失去活性会导致浸出率降低，故A错误；
B．缺标准状况下，无法计算22.4L氧气的物质的量和反应I、II转移电子的物质的量，故B错误；
C．由分析可知，反应釜中硫酸铁和硫酸可循环利用，故C正确；
D．由得失电子数目守恒可知，S8转化为1ml硫酸根离子时，消耗氧气的物质的量为=1.5ml，故D错误；
故选C。
11．D
【详解】A．溶液中铵根离子能与氢氧化钠浓溶液共热反应生成能使湿润的红色石蕊试纸变蓝色的氨气，则检验废水中铵根离子所需的试剂为氢氧化钠浓溶液和湿润的红色石蕊试纸，故A错误；
B．升高温度会使微生物中的蛋白质会受热变性，导致微生物活性降低、催化能力降低，所以升高温度不利于微生物硝化处理含铵根离子的废水，故B错误；
C．加入浓氨水会使微生物中的蛋白质会受热变性，导致催化能力降低，所以不能用加入浓氨水的方法来调节处理后的水体的pH，故C错误；
D．由图可知，微生物硝化处理含铵根离子的废水发生的反应为微生物做催化剂条件下，废水中的铵根离子与氧气反应生成硝酸根离子、氢离子和水，反应的离子方程式为，故D正确；
故选D。
12．B
【详解】A．热的纯碱溶液因碳酸根离子水解显碱性，油脂在碱性条件下能水解生成易溶于水的高级脂肪酸盐和甘油，故可用热的纯碱溶液去除油脂，A项不符合题意；
B．重油在高温、高压和催化剂作用下发生裂化或裂解反应生成小分子烃，与水解反应无关，B项符合题意；
C．蛋白质在酶的作用下可以发生水解反应生成氨基酸，C项不符合题意；
D． Fe3+能发生水解反应生成 Fe(OH)3，加热能增大Fe3+ 的水解程度，D项不符合题意；
故选B。
13．C
【详解】A．维生素C的相对分子量是176，摩尔质量是，故A正确；
B．维生素中三种元素的质量比为，故B正确；
C．标准状况下，维生素是非气态，不能使用气体摩尔体积计算，故C错误；
D．维生素能促进生长和增强对疾病的抵抗力，可用作营养增补剂，故D正确；
故选C。
14．B
【详解】A．同素异形体是指由同一元素组成，因排列方式不同，而具有不同性质的单质。CO和CO2是化合物，CO和CO2不是同素异形体，故A错误；
B．一个CO2分子含有22个电子，则1mlCO2中含有的电子数目为22NA，故B正确
C．未指明气体处于标况下，不能用标况下的气体摩尔体积计算其物质的量，故C错误；
D．葡萄糖属于糖类且为单糖，淀粉也属于糖类为多糖，故D错误；
故选B。
15．A
【详解】A．豆浆中含有植物蛋白、多种微量元素、可溶性膳食纤维等多种营养物质，A错误；
B．稀豆浆为胶体，具有丁达尔效应，B正确；
C．煮浆，豆浆煮沸使微生物杂菌的蛋白质失活，C正确；
D．点卤是在豆浆中加入硫酸钙，发生蛋白质的盐析，促使豆浆聚沉，D正确；
故答案选A。
16．(1) 氨基 羧基
(2) 多肽 氨基酸
(3) 无机盐 胶体 溶解性 可逆 溶解 活性 分离提纯
(4) 不能 生理活性
(5) 紫玫瑰色 黄色
【详解】（1）多肽链两端存在自由的氨基和羧基，氨基电离出OH-，羧基电离出H+，故因此蛋白质既能与酸反应，又能与碱反应。
（2）蛋白质水解成多肽，多肽再水解生成氨基酸。
（3）①盐析的实质是：蛋白溶液中加入浓的无机盐溶液之后，破坏了蛋白质溶解形成的胶休结构面降低蛋白质的溶解性，使之转化为沉淀析出。
②盐析是可逆的过程，盐析出的蛋白质在水中能溶解，并不影响其活性。
③多次盐析和溶解可以分离提纯蛋白质。
（4）蛋白质变性失去活性，不能再重新溶解，发生了不可逆的变化
（5）①蛋白质遇双缩脲试剂会呈现出紫玫瑰色
②含有苯环的蛋白质与浓硝酸作用时会产生黄色固态物质。
17．(1)加成反应
(2)
(3)CH2=CHCOOH
(4)nCH2=CHCOOCH2CH3
(5)
(6)AD
(7)
(8)生成砖红色沉淀
【详解】（1）根据第一步前后物质的结构简式得到第一步个属于加成反应；故答案为：加成反应。
（2）硫酸氢乙酯水解生成乙醇，则第二步反应的化学方程式为；故答案为：。
（3）乙醇和有机物A发生酯化反应，根据产物分析有机物A的结构简式为CH2=CHCOOH；故答案为：CH2=CHCOOH。
（4）反应Ⅱ是发生加聚反应，则nCH2=CHCOOCH2CH3 ；故答案为：nCH2=CHCOOCH2CH3 。
（5）根据题中信息，乙二醇()在一定条件下生成环状醚的结构简式为 ；故答案为： 。
（6）乙醇的催化氧化，则说明甲中提供氧气，过氧化钠与水反应生成氧气，双氧水在二氧化锰作用下反应生成生成氧气，而氯化剂、碳酸钠不能成成氧气，因此甲的锥形瓶中盛放的固体药品可能为AD；故答案为：AD。
（7）实验过程中，丙装置是乙醇的催化氧化生成乙醛和水，则硬质玻璃管中发生反应的化学方程式为；故答案为：。
（8）己醇的催化氧化产物与葡萄糖具有相同的特征反应，将所得的氧化产物与新制氢氧化铜悬浊液混合后加热，现象为生成砖红色沉淀；故答案为：生成砖红色沉淀。
18．(1) CH3OH 羧基
(2)HCOOCH2CH3
(3)加成反应
(4)
【分析】淀粉在催化剂作用下水解生成A葡萄糖，葡萄糖在酒化酶作用下分解成B乙醇，乙醇催化氧化得到C乙醛，乙醛继续氧化得到D乙酸，乙醇与乙酸酯化得到G1乙酸乙酯；煤气化得到气体燃料CO、H2，混合气体经催化得到H，H为非电解质，其催化氧化的产物溶于水形成的溶液具有防腐功能，可知H为甲醇，甲醇与乙酸反应生成G2乙酸甲酯与乙酸乙酯互为同系物；E可作植物生长调节剂，E为乙烯，石油裂解和乙醇消去反应均可得到乙烯，乙烯与溴加成再水解得到乙二醇F，据此分析解答。
【详解】（1）由以上分析可知H为甲醇，结构简式为CH3OH；D中的官能团名称是羧基。
（2）G2乙酸甲酯，其同类别的同分异构体为甲酸乙酯，结构简式为：HCOOCH2CH3；
（3）乙烯和乙酸可在一定条件下发生加成反应生成乙酸乙酯，反应方程式为：，其反应类型为加成反应；
（4）已知F的分子式是，与足量钠反应生成，可知F为乙二醇，乙二醇与乙酸充分反应生成，反应的化学方程式为：。
19．(1) 纤维素 羟基、醛基
(2)
(3)、
(4) 分液漏斗 85.5
【分析】甘蔗渣处理后得到A为纤维素，纤维素水解得到B为葡萄糖，葡萄糖在酒化酶条件下得到C为CH3CH2OH，乙醇发生催化氧化生成D为CH3CHO，乙醛进一步氧化生成E为CH3COOH，乙酸与乙醇发生酯化反应生成CH3COOCH2CH3。据此解答。
【详解】（1）甘蔗渣处理后得到A，A的名称为纤维素；B是葡萄糖，B中所含官能团的名称为羟基、醛基，故答案为：纤维素；羟基、醛基；
（2）C→D是乙醇的催化氧化，反应的化学方程式为；
（3）F是乙酸乙酯，E是乙酸，F的同分异构体与E互为同系物，F的同分异构体含有羧基，符合条件的F的同分异构体为、；
（4）①由仪器结构特征，可知仪器a的名称为分液漏斗，故答案为：分液漏斗；
②制取乙酸乙酯的化学方程式为；
③由方程式可知，46.0g乙醇完全反应需要消耗60g乙酸，大于48.0g，故乙醇过量，理论上生成乙酸乙酯为g=70.4g，而反应制得乙酸乙酯60.2g，则产率为≈85.5%，故答案为：85.5。
一、选择题
1．下列说法正确的是
A．葡萄糖与果糖、淀粉与纤维素均互为同分异构体
B．糖类、油脂、蛋白质均不溶于水
C．蛋白质在高温条件下会发生变性
D．汽油、柴油、花生油的主要成分均是烃类物质
2．人们的幸福生活是靠辛勤劳动创造出来的。下列化学知识解读错误的是
A．AB．BC．CD．D
3．河北省历史悠久，拥有众多的非物质文化遗产。下列非物质文化遗产所用原材料的主要化学成分，与其他三项不同的是
A．武强年画B．魏县花布C．承德八沟石雕D．广宗县柳编
4．利用纳米纤维素与二氧化硅气凝胶(通过水玻璃前驱体制得)相互作用，通过一系列处理获得的力学性能优异的纳米纤维素杂化二氧化硅气凝胶，可应用于保温材料中。下列说法正确的是
A．纳米纤维素是一种高分子，属于纯净物
B．水玻璃是一种盐溶液，常温下其pH约为7
C．二氧化硅可与NaOH、氢氟酸反应，是两性氧化物
D．纳米纤维素杂化二氧化硅气凝胶中主要含有4种元素
5．NA为阿伏加德罗常数的值。下列说法正确的是
A．氨基酸具有两性，1ml 氨基酸中含有的羧基数目一定为NA
B．1 ml 苯中含有的碳碳双键数目为3NA
C．0.5 ml乙醇与等量乙酸充分发生酯化反应，生成乙酸乙酯的分子数为0.5NA
D．常温常压下，2.8 g乙烯和丙烯的混合气体中所含碳原子数为0.2NA
6．下列关于蛋白质的叙述中，错误的是
A．蛋白质溶液里加(NH4)2SO4溶液可使蛋白质发生变性
B．在豆浆中加少量石膏，能使豆浆凝结为豆腐
C．温度越高，酶可能失去活性，对某些化学反应的催化效率可能降低
D．不是所有的蛋白质遇到浓硝酸都变成黄色
7．利用油脂厂的废铁屑(主要成分为，含有沙土、油污、和等)制备磁性纳米的流程如图所示：
下列说法错误的是
A．预处理可用溶液，适当升温有助于加快油脂的水解
B．纳米属于胶体，能发生丁达尔效应
C．步骤③可能发生反应，标况下参与反应，理论上转移电子数为
D．步骤⑤发生反应的离子方程式为
8．贵州素有“山水林田湖”的美称。近年来，贵州经济迅速发展，在现代农业与高新技术产业上结下累累硕果，下列说法不正确的是
A．贵州黎阳航发公司采用陶瓷俦造发动机叶片，陶瓷具有高强度、高温稳定性等优异特性，其属于金属材料
B．助农产品刺梨含有丰富的维生素C，其具有强大的抗氧化作用，常用作还原剂
C．世界第一高桥北盘江大桥在铸造过程中使用到高强度水泥，其属于传统无机非金属材料
D．贵州丹寨蜡染是通过对棉布、麻布进行复杂手工制作得到的一种艺术品，棉布、麻布的成分是纤维素，属于天然有机高分子材料
9．胶体与人类生活有密切的关系，下列现象不能用胶体知识解答的是
A．重金属中毒，可喝豆浆缓解
B．树林中出现的晨曦(如图)
C．将稀硫酸逐滴加入Fe(OH)3胶体中，开始产生红褐色沉淀，继续滴加沉淀溶解
D．针对严重肾病患者的血液透析治疗
10．以黄铜矿()为主要原料的炼铜方法之一是生物浸出法：在反应釜中加入黄铜矿、硫酸铁、硫酸和微生物，并鼓入空气，黄铜矿逐渐溶解，反应釜中各物质的转化关系如图所示，下列说法正确的是
A．此浸出过程，温度越高，浸出速率越高
B．反应I、II相同，每消耗，转移电子
C．在微生物的作用下，可以循环使用的物质有和
D．转化为的过程中，每生成，消耗氧气
11．工业上常采用生物硝化法将转化为来处理氨氮废水，工艺流程如图所示，下列说法正确的是
已知：微生物保持活性的pH范围为7～9。
A．检验废水中所需的试剂可以是浓NaOH溶液和湿润的蓝色石蕊试纸
B．升高温度、增大氧气的浓度一定有利于微生物硝化处理含的废水
C．为了保持微生物活性，可加入浓氨水来调节处理后的水体的pH
D．该流程中处理含废水的离子方程式为
12．水是重要的溶剂，也是物质发生化学反应的主要介质。在水中，各种各样的化学物质体现诸多奇妙变化。下列过程与水解反应无关的是_______。
A．热的纯碱溶液去除油脂效果更好
B．重油在高温、高压和催化剂作用下转化为小分子烃
C．蛋白质在酶的作用下转化为氨基酸
D．向沸水中滴入饱和溶液制备胶体
13．维生素是一种水溶性维生素，熔点为，其分子式为。下列说法错误的是
A．维生素的摩尔质量为B．维生素中三种元素的质量比为
C．标准状况下，维生素的体积为D．适当食用维生素含量较高的食物对人体有益
14．我国科学家进行了如图所示的碳循环研究。下列说法正确的是
A．CO和CO2是同素异形体
B．1mlCO2中含有的电子数目为22NA
C．11.2LCO2被还原生成0.5mlCO
D．葡萄糖属于糖类，但淀粉不属于糖类
15．豆腐是大众喜爱的传统食品，其传统制法的主要过程如图
下列说法错误的是
A．“过滤”得到的豆浆只含有蛋白质一种营养物质
B．稀豆浆具有丁达尔效应
C．“煮浆”可使某些微生物杂菌失活
D．“点卤”使用硫酸钙目的是促进豆浆聚沉
二、填空题
16．蛋白质化学性质
(1)两性
在多肽链的两端存在着自由的 和 ，因此蛋白质既能与酸反应，又能与碱反应。
(2)水解
①水解原理：
+H2O +
②水解过程：
蛋白质
(3)盐析
①实质：向蛋白质溶液中加入浓的 溶液(如饱和硫酸铵溶液、硫酸钠溶液等)，能够破坏蛋白质溶解形成的 结构而降低蛋白质的 ，使蛋白质转变为沉淀析出。
②特点：盐析是一个 过程，盐析出的蛋白质在水中能 ，并不影响其 。
③应用：多次盐析和溶解可以 蛋白质。
(4)变性
①概念：蛋白质遇到重金属盐、强酸、强碱、甲醛、酒精等物质，或用紫外线、X射线等照射蛋白质，会生成沉淀。
②特点：变性后的蛋白质 重新溶解，失去原有的 ，发生了不可逆的变化。
(5)颜色反应
①蛋白质遇双缩脲试剂会呈现 。
②含有苯环的蛋白质与浓硝酸作用时会产生 固态物质。
17．乙醇、乙二醇等醇类物质是重要的有机化工原料。回答下列问题：
I．工业上可用乙烯水合法生产乙醇
第一步：反应(浓硫酸)(硫酸氢乙酯)；
第二步：硫酸氢乙酯水解生成乙醇。
(1)第一步属于 (填反应类型)。
(2)第二步反应的化学方程式为 。
Ⅱ．以乙醇为原料可制备某种高分子涂料，其转化关系如下图：
(3)有机物A的结构简式为 。
(4)反应Ⅱ的化学方程式为 。
(5)一定条件下，醇可发生分子间脱水反应可生成醚(R-O-R′，R、R′表示烃基)，请写出乙二醇()在一定条件下生成环状醚的结构简式为 。
Ⅲ．某学习小组设计乙醇的催化氧化的实验装置如图所示，试回答下列问题。
(6)甲的锥形瓶中盛放的固体药品可能为___________(填字母)。
A．B．C．D．
(7)实验过程中，丙装置硬质玻璃管中发生反应的化学方程式为 。
(8)己醇的催化氧化产物与葡萄糖具有相同的特征反应，将所得的氧化产物与新制氢氧化铜悬浊液混合后加热，现象为 。
三、解答题
18．A~H是常见的有机物，，均为有香味的油状物质且互为同系物，H为非电解质，其催化氧化的产物溶于水形成的溶液具有防腐功能。E可作植物生长调节剂。
(1)H的结构简式是 ；D中的官能团名称是 。
(2)写出与同类别的同分异构体的结构简式 。
(3)有多种方法可以合成，其中E和D可在一定条件下发生反应形成，请写出的反应类型 。
(4)已知F的分子式是，与足量钠反应生成，请写出F与足量D发生反应的化学方程式 。
19．乙酸乙酯是重要的化工原料，一种制备流程如下。
回答下列问题：
(1)A的名称为 。B中所含官能团的名称为 。
(2)C→D的化学方程式为 。
(3)F存在多种同分异构体，其中与E互为同系物的结构简式为 。
(4)实验室制取乙酸乙酯的装置如图。
①仪器a的名称为 。
②制取乙酸乙酯的化学方程式为 。
③若乙醇和乙酸反应制得乙酸乙酯，产率为 ％。(产物产率=×100％，计算结果保留3位有效数字)。
选项
(劳动项目)
化学知识解读
A
用“84”消毒液对生活用品杀菌、消毒
“84”消毒液具有氧化性
B
焙制面包时使用碳酸氢钠
碳酸氢钠受热易分解产生CO2
C
家用铁锅或合金钢锅做饭
铁合金不易生锈
D
用盐酸刻蚀鸡蛋壳制作艺术品
发生复分解反应
磨豆
过滤
煮浆
点卤
参考答案：
1．C
【详解】A．淀粉与纤维素的聚合度n不同，二者不是同分异构体，而葡萄糖与果糖互为同分异构体，故A错误；
B．单糖和低聚糖易溶于水，多糖、油脂、蛋白质均不溶于水，故B错误；
C．蛋白质在高温条件下会发生变性，故C正确；
D．汽油、柴油的主要成分均是烃类物质，花生油的主要成分是高级脂肪酸甘油酯，故D错误；
故选C。
2．C
【详解】A．用“84”消毒液对生活用品杀菌、消毒，是因为“84”消毒液具有氧化性，能使细菌蛋白质变性，从而杀死细菌，A正确；
B．焙制面包时使用碳酸氢钠，利用碳酸氢钠受热易分解产生CO2，CO2受热体积膨胀，从而使面包变得膨松，B正确；
C．家用铁锅或合金钢锅做饭，利用铁锅或合金钢锅具有导热性，将饭做熟，C不正确；
D．用盐酸刻蚀鸡蛋壳制作艺术品，利用盐酸与碳酸钙反应，从而溶解接触盐酸的蛋壳，发生复分解反应，D正确；
故选C。
3．C
【详解】年画的主要成分是纤维素，属于天然有机高分子化合物；花布的主要成分也是纤维素；石雕的成分主要是碳酸钙，属于无机物；柳编的主要成分也属于纤维素；故选C。
4．D
【详解】A．纳米纤维素是一种高分子，高分子一般为混合物，A错误；
B．水玻璃是硅酸钠的水溶液，硅酸钠是强碱弱酸盐，其水溶液显碱性，常温下pH>7，B错误；
C．二氧化硅不与HF以外的一般酸反应，是酸性氧化物，C错误；
D．纤维素中含有的元素为C、H、O，二氧化硅中含有的元素为Si、O，纳米纤维素杂化二氧化硅气凝胶中所含元素主要有C、H、O、Si，共4种元素，D正确；
故选D。
5．D
【详解】A．一个氨基酸中羧基数目不一定为1，A错误；
B．苯中不含有碳碳双键，其碳碳键是介于双键和单键的一种特殊的键，B错误；
C．酯化反应是可逆反应，0.5ml乙醇与等量乙酸发生酯化反应，生成的乙酸乙酯分子数小于0.5NA，C错误；
D．乙烯、丙烯最简式为CH2，2.8g乙烯和丙烯的混合气体中含有0.2mlCH2，所含碳原子数为0.2NA，D正确；
故选D。
6．A
【详解】A．饱和(NH4)2SO4溶液可使蛋白质发生盐析，A错误；
B．豆浆是胶体，遇电解质会聚沉，石膏是电解质，故豆浆会凝结为豆腐，B正确；
C．酶在高温下会变性，从而失去活性，C正确；
D．含苯环的蛋白质遇浓硝酸才会变黄色，故并不一定所有的蛋白质遇浓硝酸都变黄，D错误；
答案选A。
7．B
【分析】废铁屑经预处理除去油污，再与盐酸反应获得滤液A FeCl3、FeCl2溶液，滤液A经Fe还原后得到滤液B FeCl2溶液，滤液B部分氧化后再以一定配比与B混合，得到产物Fe3O4。
【详解】A．碱煮水洗可促进油脂水解，达到去油污的目的，A正确；
B．纳米Fe3O4为纯净物，不与分散剂形成分散系不能属于胶体，不发生丁达尔效应，B错误；
C．Fe(OH)2具有较强还原性，容易被O2氧化生成红褐色Fe(OH)3，0.5 ml O2参与反应转移电子2 NA，C正确；
D．步骤⑤两者混合得到Fe3O4，方程式为，D正确；
答案选B。
8．A
【详解】A．由题意可知，氧化铝陶瓷属于新型无机非金属材料，不属于金属材料，故A错误；
B．维生素C具有强大的抗氧化作用，所以常用作还原剂，故B正确；
C．性能优良的水泥属于传统无机非金属材料，故C正确；
D．布、麻布的成分是天然有机高分子化合物纤维素，属于天然有机高分子材料，故D正确；
故选A。
9．A
【详解】A．豆浆属于蛋白质，重金属能使蛋白质变性，与胶体无关，A错误；
B．树林中出现的晨曦是丁达尔效应，B正确；
C．稀硫酸为电解质，先使Fe(OH)3胶体发生聚沉， 继续滴加稀硫酸再与Fe(OH)3发生中和反应，使沉淀又溶解，C正确；
D．针对严重肾病患者的血液透析治疗，属于胶体的渗析，D正确；
故选A。
10．C
【分析】由图可知，微生物作用下，反应I、II中亚铁离子与氧气反应转化为铁离子，CuFeS2与氢离子、铁离子反应生成铜离子、亚铁离子和H2Sn，铁离子与H2Sn反应生成氢离子、亚铁离子和S8，S8与氧气和水反应生成硫酸根离子和氢离子，则反应釜中硫酸铁和硫酸可循环利用。
【详解】A．浸出过程中若温度过高，微生物的活性降低或失去活性会导致浸出率降低，故A错误；
B．缺标准状况下，无法计算22.4L氧气的物质的量和反应I、II转移电子的物质的量，故B错误；
C．由分析可知，反应釜中硫酸铁和硫酸可循环利用，故C正确；
D．由得失电子数目守恒可知，S8转化为1ml硫酸根离子时，消耗氧气的物质的量为=1.5ml，故D错误；
故选C。
11．D
【详解】A．溶液中铵根离子能与氢氧化钠浓溶液共热反应生成能使湿润的红色石蕊试纸变蓝色的氨气，则检验废水中铵根离子所需的试剂为氢氧化钠浓溶液和湿润的红色石蕊试纸，故A错误；
B．升高温度会使微生物中的蛋白质会受热变性，导致微生物活性降低、催化能力降低，所以升高温度不利于微生物硝化处理含铵根离子的废水，故B错误；
C．加入浓氨水会使微生物中的蛋白质会受热变性，导致催化能力降低，所以不能用加入浓氨水的方法来调节处理后的水体的pH，故C错误；
D．由图可知，微生物硝化处理含铵根离子的废水发生的反应为微生物做催化剂条件下，废水中的铵根离子与氧气反应生成硝酸根离子、氢离子和水，反应的离子方程式为，故D正确；
故选D。
12．B
【详解】A．热的纯碱溶液因碳酸根离子水解显碱性，油脂在碱性条件下能水解生成易溶于水的高级脂肪酸盐和甘油，故可用热的纯碱溶液去除油脂，A项不符合题意；
B．重油在高温、高压和催化剂作用下发生裂化或裂解反应生成小分子烃，与水解反应无关，B项符合题意；
C．蛋白质在酶的作用下可以发生水解反应生成氨基酸，C项不符合题意；
D． Fe3+能发生水解反应生成 Fe(OH)3，加热能增大Fe3+ 的水解程度，D项不符合题意；
故选B。
13．C
【详解】A．维生素C的相对分子量是176，摩尔质量是，故A正确；
B．维生素中三种元素的质量比为，故B正确；
C．标准状况下，维生素是非气态，不能使用气体摩尔体积计算，故C错误；
D．维生素能促进生长和增强对疾病的抵抗力，可用作营养增补剂，故D正确；
故选C。
14．B
【详解】A．同素异形体是指由同一元素组成，因排列方式不同，而具有不同性质的单质。CO和CO2是化合物，CO和CO2不是同素异形体，故A错误；
B．一个CO2分子含有22个电子，则1mlCO2中含有的电子数目为22NA，故B正确
C．未指明气体处于标况下，不能用标况下的气体摩尔体积计算其物质的量，故C错误；
D．葡萄糖属于糖类且为单糖，淀粉也属于糖类为多糖，故D错误；
故选B。
15．A
【详解】A．豆浆中含有植物蛋白、多种微量元素、可溶性膳食纤维等多种营养物质，A错误；
B．稀豆浆为胶体，具有丁达尔效应，B正确；
C．煮浆，豆浆煮沸使微生物杂菌的蛋白质失活，C正确；
D．点卤是在豆浆中加入硫酸钙，发生蛋白质的盐析，促使豆浆聚沉，D正确；
故答案选A。
16．(1) 氨基 羧基
(2) 多肽 氨基酸
(3) 无机盐 胶体 溶解性 可逆 溶解 活性 分离提纯
(4) 不能 生理活性
(5) 紫玫瑰色 黄色
【详解】（1）多肽链两端存在自由的氨基和羧基，氨基电离出OH-，羧基电离出H+，故因此蛋白质既能与酸反应，又能与碱反应。
（2）蛋白质水解成多肽，多肽再水解生成氨基酸。
（3）①盐析的实质是：蛋白溶液中加入浓的无机盐溶液之后，破坏了蛋白质溶解形成的胶休结构面降低蛋白质的溶解性，使之转化为沉淀析出。
②盐析是可逆的过程，盐析出的蛋白质在水中能溶解，并不影响其活性。
③多次盐析和溶解可以分离提纯蛋白质。
（4）蛋白质变性失去活性，不能再重新溶解，发生了不可逆的变化
（5）①蛋白质遇双缩脲试剂会呈现出紫玫瑰色
②含有苯环的蛋白质与浓硝酸作用时会产生黄色固态物质。
17．(1)加成反应
(2)
(3)CH2=CHCOOH
(4)nCH2=CHCOOCH2CH3
(5)
(6)AD
(7)
(8)生成砖红色沉淀
【详解】（1）根据第一步前后物质的结构简式得到第一步个属于加成反应；故答案为：加成反应。
（2）硫酸氢乙酯水解生成乙醇，则第二步反应的化学方程式为；故答案为：。
（3）乙醇和有机物A发生酯化反应，根据产物分析有机物A的结构简式为CH2=CHCOOH；故答案为：CH2=CHCOOH。
（4）反应Ⅱ是发生加聚反应，则nCH2=CHCOOCH2CH3 ；故答案为：nCH2=CHCOOCH2CH3 。
（5）根据题中信息，乙二醇()在一定条件下生成环状醚的结构简式为 ；故答案为： 。
（6）乙醇的催化氧化，则说明甲中提供氧气，过氧化钠与水反应生成氧气，双氧水在二氧化锰作用下反应生成生成氧气，而氯化剂、碳酸钠不能成成氧气，因此甲的锥形瓶中盛放的固体药品可能为AD；故答案为：AD。
（7）实验过程中，丙装置是乙醇的催化氧化生成乙醛和水，则硬质玻璃管中发生反应的化学方程式为；故答案为：。
（8）己醇的催化氧化产物与葡萄糖具有相同的特征反应，将所得的氧化产物与新制氢氧化铜悬浊液混合后加热，现象为生成砖红色沉淀；故答案为：生成砖红色沉淀。
18．(1) CH3OH 羧基
(2)HCOOCH2CH3
(3)加成反应
(4)
【分析】淀粉在催化剂作用下水解生成A葡萄糖，葡萄糖在酒化酶作用下分解成B乙醇，乙醇催化氧化得到C乙醛，乙醛继续氧化得到D乙酸，乙醇与乙酸酯化得到G1乙酸乙酯；煤气化得到气体燃料CO、H2，混合气体经催化得到H，H为非电解质，其催化氧化的产物溶于水形成的溶液具有防腐功能，可知H为甲醇，甲醇与乙酸反应生成G2乙酸甲酯与乙酸乙酯互为同系物；E可作植物生长调节剂，E为乙烯，石油裂解和乙醇消去反应均可得到乙烯，乙烯与溴加成再水解得到乙二醇F，据此分析解答。
【详解】（1）由以上分析可知H为甲醇，结构简式为CH3OH；D中的官能团名称是羧基。
（2）G2乙酸甲酯，其同类别的同分异构体为甲酸乙酯，结构简式为：HCOOCH2CH3；
（3）乙烯和乙酸可在一定条件下发生加成反应生成乙酸乙酯，反应方程式为：，其反应类型为加成反应；
（4）已知F的分子式是，与足量钠反应生成，可知F为乙二醇，乙二醇与乙酸充分反应生成，反应的化学方程式为：。
19．(1) 纤维素 羟基、醛基
(2)
(3)、
(4) 分液漏斗 85.5
【分析】甘蔗渣处理后得到A为纤维素，纤维素水解得到B为葡萄糖，葡萄糖在酒化酶条件下得到C为CH3CH2OH，乙醇发生催化氧化生成D为CH3CHO，乙醛进一步氧化生成E为CH3COOH，乙酸与乙醇发生酯化反应生成CH3COOCH2CH3。据此解答。
【详解】（1）甘蔗渣处理后得到A，A的名称为纤维素；B是葡萄糖，B中所含官能团的名称为羟基、醛基，故答案为：纤维素；羟基、醛基；
（2）C→D是乙醇的催化氧化，反应的化学方程式为；
（3）F是乙酸乙酯，E是乙酸，F的同分异构体与E互为同系物，F的同分异构体含有羧基，符合条件的F的同分异构体为、；
（4）①由仪器结构特征，可知仪器a的名称为分液漏斗，故答案为：分液漏斗；
②制取乙酸乙酯的化学方程式为；
③由方程式可知，46.0g乙醇完全反应需要消耗60g乙酸，大于48.0g，故乙醇过量，理论上生成乙酸乙酯为g=70.4g，而反应制得乙酸乙酯60.2g，则产率为≈85.5%，故答案为：85.5。
相关试卷
高中化学人教版 (2019)必修 第二册第四节 基本营养物质当堂达标检测题： 这是一份高中化学人教版 (2019)必修 第二册<a href="/hx/tb_c4000049_t7/?tag_id=28" target="_blank">第四节 基本营养物质当堂达标检测题</a>，共12页。试卷主要包含了单选题，判断题，解答题等内容，欢迎下载使用。
高中人教版 (2019)第四节 基本营养物质复习练习题： 这是一份高中人教版 (2019)<a href="/hx/tb_c4000049_t7/?tag_id=28" target="_blank">第四节 基本营养物质复习练习题</a>，共18页。试卷主要包含了单选题，填空题，判断题，解答题等内容，欢迎下载使用。
高中化学人教版 (2019)必修 第二册第七章 有机化合物第四节 基本营养物质课时训练： 这是一份高中化学人教版 (2019)必修 第二册<a href="/hx/tb_c4000049_t7/?tag_id=28" target="_blank">第七章 有机化合物第四节 基本营养物质课时训练</a>，共12页。试卷主要包含了选择题，填空题，解答题等内容，欢迎下载使用。
